2013年青海省中考数学试卷
一、填空题(本大题共12小题15空,每空2分,共30分).
1.(4分)﹣7+4的倒数是 ;(﹣2a2b)2= .
2.(4分)分解因式:x3y﹣2x2y2+xy3= ;分式方程 的解是 .
3.(2分)2013年4月青海省著名品牌商品推介会签约总金额达7805000000元,该数据用科学记数法表示为 元.
4.(4分)已知实数a在数轴上的位置如图1所示,则化简 的结果是 ;不等式组 的解集是 .
5.(2分)在函数y= 中,自变量x的取值范围是 .
6.(2分)如图,把一张长方形纸片ABCD沿EF折叠,点C、D分别落在点C′、D′的位置上,EC交AD于G,已知∠EFG=56°,那么∠BEG= .
7.(2分)中国象棋一方棋子按兵种不同分布如下:1个“帅”、5个“兵”、“士、象、马、车、炮”各2个,将一方棋子反面朝上放在棋盘上,随机抽取一个棋子是“兵”的概率为 .
8.(2分)如图,BC=EC,∠1=∠2,添加一个适当的条件使△ABC≌△DEC,则需添加的条件是 (不添加任何辅助线).
9.(2分)如图,在⊙O中直径CD垂直弦AB,垂足为E,若∠AOD=52°,则∠DCB= .
10.(2分)如图,将△AOB绕点O逆时针旋转90°,得到△A′OB′.若点A的坐标为(a,b),则点A′的坐标为 .
11.(2分)如图,小明在测量旗杆高度的实践活动中,发现地面上有一滩积水,他刚好能从积水中看到旗杆的顶端,测得积水与旗杆底部距离CD=6米,他与积水的距离BC=1米,他的眼睛距离地面AB=1.5米,则旗杆的高度DE=
米.
12.(2分)用正三角形和正六边形按如图所示的规律拼图案,即从第二个图案开始,每个图案都比上一个图案多一个正六边形和两个正三角形,则第n个图案中正三角形的个数为 (用含n的代数式表示).
二、选择题(本大题共8小题,每小题3分,共24分,每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合要求,请把你认为正确的选项序号填入下面相应题号的表格内).
13.(3分)下列计算正确的是( )
A.a2•a3=a6 B.
C. D.
14.(3分)下面的图形中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是( )
A. B.
C. D.
15.(3分)在正方形网格中,△ABC的位置如图所示,则tanB的值为( )
A. B. C. D.
16.(3分)在同一直角坐标系中,函数y=2x与 的图象大致是( )
A. B.
C. D.
17.(3分)几名同学准备参加“大美青海”旅游活动,包租一辆面包车从西宁前往青海湖.面包车的租价为240元,出发时又增加了4名同学,结果每个同学比原来少分担了10元车费.设原有人数为x人,则可列方程( )
A. B.
C. D.
18.(3分)如图是一个物体的俯视图,则它所对应的物体是( )
A. B.
C. D.
19.(3分)数学老师布置了10道选择题作为课堂练习,课代表将全班答题情况绘制成如图10所示的条形统计图,根据此图可知,每位同学答对的题数所组成样本的中位数和众数分别为( )
A.8,8 B.9,8 C.8,9 D.9,9
20.(3分)如图在直角△ABC中,∠ACB=90°,AC=8cm,BC=6cm,分别以A、B为圆心,以 的长为半径作圆,将直角△ABC截去两个扇形,则剩余(阴影)部分的面积为( )
A. B.
C. D.
三、(本大题共3小题,第21题5分,第22题7分,第23题7分,共19分).
21.(5分)|﹣ |+( )﹣1﹣(2013﹣π)0﹣3tan30°.
22.(7分)先化简再求值: ,其中a=3+ ,b=3﹣ .
23.(7分)如图,已知▱ABCD,过A作AM⊥BC于M,交BD于E,过C作CN⊥AD于N,交BD于F,连结AF、CE.求证:四边形AECF为平行四边形.
四、(本大题共3小题,第24题9分,第25题8分,第26题9分,共26分).
24.(9分)如图,线段AB、CD分别表示甲、乙两建筑物的高,AB⊥BC,DC⊥BC,垂足分别为B、C,从B点测得D点的仰角α为60°,从A点测得D点的仰角β为30°,已知甲建筑物的高度AB=34m,求甲、乙两建筑物之间的距离BC和乙建筑物的高度DC.(结果保留根号)
25.(8分)为了进一步了解某校九年级学生的身体素质,体育老师从该年级各班中随机抽取50名学生进行1分钟跳绳次数测试,以测试数据为样本,绘制出如图表.
表:
组别 | 次数x | 频数 | 频率 |
第1组 | 80≤x<100 | 4 | 0.08 |
第2组 | 100≤x<120 | 6 | 0.12 |
第3组 | 120≤x<140 | 18 | 0.36 |
第4组 | 140≤x<160 | a | b |
第5组 | 160≤x<180 | 10 | 0.2 |
合计 | ﹣﹣ | 50 | 1 |
(1)求表中a和b的值:a= ;b= .
(2)请将频数分布直方图补充完整:
(3)若在1分钟内跳绳次数大于等于120次认定为合格,则从全年级任意抽测一位同学为合格的概率是多少?
(4)今年该校九年级有320名学生,请你估算九年级跳绳项目不合格的学生约有多少人?
26.(9分)如图,已知△ABC内接于⊙O,AC是⊙O的直径,D是 的中点,过点D作直线BC的垂线,分别交CB、CA的延长线E、F.
(1)求证:EF是⊙O的切线;
(2)若EF=8,EC=6,求⊙O的半径.
五、(本大题共2小题,第27题8分,第28题13分,共21分).
27.(8分)请你认真阅读下面的小探究系列,完成所提出的问题.
(1)探究1:如图1,点E、F分别在正方形ABCD边BC、CD上,AE⊥BF于点O,小芳看到该图后,发现AE=BF,这是因为∠EAB和∠FBC都是∠ABF的余角,就会由ASA判定得出△ABE≌△BCF.小芳马上联想到正方形的对角线也是互相垂直且相等的(如图2),是不是在一般情况下,正方形内部两条长度大于边长且互相垂直的线段,即使它们不经过正方形的顶点,也会相等呢?
很快她发现结果是成立的,除了通过构造法证明两条线段所在的三角形全等之外,还可以通过平移的方法把图3转化为图1,得到GH=EF,该方法更加简捷;
(2)探究2:小芳进一步思考,如果让两个全等正方形组成矩形ABCD,如图4所示,GH⊥EF于点O,她发现GH=2EF,请你替她完成证明;
(3)探究3:如图5所示,让8个全等正方形组成矩形ABCD,GH⊥EF于点O,请你猜想GH和EF有怎样的数量关系,写在下面: .
28.(13分)如图,已知抛物线经过点A(2,0),B(3,3)及原点O,顶点为C.
(1)求抛物线的解析式;
(2)若点D在抛物线上,点E在抛物线的对称轴上,且以A,O,D,E为顶点的四边形是平行四边形,求点D的坐标;
(3)P是抛物线上第二象限内的动点,过点P作PM⊥x轴,垂足为M,是否存在点P使得以点P,M,A为顶点的三角形与△BOC相似?若存在,求出点P的坐标;若不存在,请说明理由.
2013年青海省中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、填空题(本大题共12小题15空,每空2分,共30分).
1.(4分)﹣7+4的倒数是 ;(﹣2a2b)2= 4a4b2 .
【考点】17:倒数;19:有理数的加法;47:幂的乘方与积的乘方.
【分析】根据倒数和幂的乘方和积的乘方的运算法则求解.
【解答】解:﹣7+4=﹣3,倒数为﹣ ;
(﹣2a2b)2=4a4b2.
故答案为: ;4a4b2.
【点评】本题考查了幂的乘方和积的乘方,解答本题的关键是掌握幂的乘方和积的乘方的运算法则.
2.(4分)分解因式:x3y﹣2x2y2+xy3= xy(x﹣y)2 ;分式方程 的解是 x=1 .
【考点】55:提公因式法与公式法的综合运用;B3:解分式方程.
【分析】先提取公因式xy,再根据完全平方公式进行二次分解;
方程两边都乘以(x﹣2),把分式方程转化为整式方程,然后求解,再进行验证即可.
【解答】解:x3y﹣2x2y2+xy3,
=xy(x2﹣2xy+y2),
=xy(x﹣y)2;
方程两边都乘以(x﹣2),把分式方程转化为整式方程得,
x﹣3+x﹣2=﹣3,
解得x=1,
检验:当x=1时,x﹣2≠0,
所以,x=1是原方程方程的解.
故答案为:xy(x﹣y)2;x=1.
【点评】本题考查了用提公因式法和公式法进行因式分解,一个多项式有公因式首先提取公因式,然后再用其他方法进行因式分解,同时因式分解要彻底,直到不能分解为止.
3.(2分)2013年4月青海省著名品牌商品推介会签约总金额达7805000000元,该数据用科学记数法表示为 7.805×109 元.
【考点】1I:科学记数法—表示较大的数.
【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数.确定n的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相同.当原数绝对值>1时,n是正数;当原数的绝对值<1时,n是负数.
【解答】解:将7805000000用科学记数法表示为:7.805×109.
故答案为:7.805×109.
【点评】此题考查科学记数法的表示方法.科学记数法的表示形式为a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n为整数,表示时关键要正确确定a的值以及n的值.
4.(4分)已知实数a在数轴上的位置如图1所示,则化简 的结果是 1 ;不等式组 的解集是 x≤1 .
【考点】29:实数与数轴;CB:解一元一次不等式组.
【分析】根据数轴得到0<a<1,由此可以计算绝对值和二次根式;不等组的解集是两个不等式解集的交集.
【解答】解:如图所示,0<a<1,则
=1﹣a+a=1;
,
不等式(1)的解集为:x≤1.
不等式(2)的解集为:x<6,
所以,原不等式组的解集为:x≤1.
故答案是:1;x≤1.
【点评】本题考查了实数与数轴,解一元一次不等式组.根据图示得到a的取值范围是解答第一个空的关键.
5.(2分)在函数y= 中,自变量x的取值范围是 x≥﹣1 .
【考点】E4:函数自变量的取值范围.
【分析】根据二次根式的性质,被开方数大于等于0,列不等式求解.
【解答】解:根据题意得:x+1≥0,
解得,x≥﹣1.
【点评】本题考查的是函数自变量取值范围的求法.函数自变量的范围一般从三个方面考虑:
(1)当函数表达式是整式时,自变量可取全体实数;
(2)当函数表达式是分式时,考虑分式的分母不能为0;
(3)当函数表达式是二次根式时,被开方数为非负数.
6.(2分)如图,把一张长方形纸片ABCD沿EF折叠,点C、D分别落在点C′、D′的位置上,EC交AD于G,已知∠EFG=56°,那么∠BEG= 68° .
【考点】IK:角的计算;PB:翻折变换(折叠问题).
【分析】根据平行线的性质求得∠CEF的度数,然后根据折叠的性质可得∠FEG=∠CEF,进而求得∠BEG的度数.
【解答】解:∵长方形ABCD中,AD∥BC,
∴∠CEF=∠EFG=56°,
∴∠CEF=∠FEG=56°,
∴∠BEG=180°﹣∠CEF﹣∠FEG=180°﹣56°﹣56°=68°.
故答案是:68°.
【点评】本题考查了折叠的性质,正确确定折叠过程中出现的相等的角是关键.
7.(2分)中国象棋一方棋子按兵种不同分布如下:1个“帅”、5个“兵”、“士、象、马、车、炮”各2个,将一方棋子反面朝上放在棋盘上,随机抽取一个棋子是“兵”的概率为 .
【考点】X4:概率公式.
【分析】让兵的个数除以棋子的总个数即为所求的概率.
【解答】解:∵共有16个棋子,其中有5个兵,
∴抽到兵的概率是 ;
故答案为: .
【点评】此题考查了概率公式,用到的知识点为:概率等于所求情况数与总情况数之比.
8.(2分)如图,BC=EC,∠1=∠2,添加一个适当的条件使△ABC≌△DEC,则需添加的条件是 ∠A=∠D (不添加任何辅助线).
【考点】KB:全等三角形的判定.
【专题】26:开放型.
【分析】先求出∠ACB=∠DCE,再添加∠A=∠D,由已知条件BC=EC,即可证明△ABC≌△DEC.
【解答】解:添加条件:∠A=∠D;
∵∠1=∠2,
∴∠1+∠ECA=∠2+∠ECA,
即∠ACB=∠DCE,
在△ABC和△DEC中,
∴△ABC≌△DEC(AAS).
【点评】本题考查了全等三角形的判定;熟练掌握全等三角形的判定方法是解题的关键.
9.(2分)如图,在⊙O中直径CD垂直弦AB,垂足为E,若∠AOD=52°,则∠DCB= 26° .
【考点】M2:垂径定理;M5:圆周角定理.
【分析】连接OB,先根据直径CD垂直弦AB得出 = ,故可得出∠BOE=∠AOE,由圆周角定理即可得出结论.
【解答】解:连接OB,
∵直径CD垂直弦AB,
∴ = ,
∴∠BOE=∠AOE=52°,
∴∠DCB= ∠BOE=26°.
答案为:26°.
【点评】本题考查的是圆周角定理,熟知在同圆或等圆中,同弧或等弧所对的圆周角相等,都等于这条弧所对的圆心角的一半是解答此题的关键.
10.(2分)如图,将△AOB绕点O逆时针旋转90°,得到△A′OB′.若点A的坐标为(a,b),则点A′的坐标为 (﹣b,a) .
【考点】R7:坐标与图形变化﹣旋转.
【专题】16:压轴题.
【分析】根据旋转的性质“旋转不改变图形的大小和形状”以及直角三角形的性质解题.
【解答】解:由图易知A′B′=AB=b,OB′=OB=a,∠A′B′0=∠ABO=90°,
∵点A’在第二象限,
∴A’的坐标为(﹣b,a).
【点评】需注意旋转前后对应角的度数不变,对应线段的长度不变.
11.(2分)如图,小明在测量旗杆高度的实践活动中,发现地面上有一滩积水,他刚好能从积水中看到旗杆的顶端,测得积水与旗杆底部距离CD=6米,他与积水的距离BC=1米,他的眼睛距离地面AB=1.5米,则旗杆的高度DE= 9 米.
【考点】TA:解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题.
【分析】先根据光的反射定律得出∠ACB=∠ECD,再得出Rt△ACB∽Rt△ECD,根据相似三角形对应边成比例即可得出结论.
【解答】解:根据光的反射定律,∠ACB=∠ECD,
∵∠ACB=∠EDC,CD=6米,AB=1.5米,BC=1米,
∴Rt△ACB∽Rt△ECD,
∴ = ,即 = ,解得DE=9.
故答案为:9.
【点评】本题考查的是解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题,熟知相似三角形的对应边成比例是解答此题的关键.
12.(2分)用正三角形和正六边形按如图所示的规律拼图案,即从第二个图案开始,每个图案都比上一个图案多一个正六边形和两个正三角形,则第n个图案中正三角形的个数为 2n+2 (用含n的代数式表示).
【考点】38:规律型:图形的变化类.
【专题】16:压轴题;2A:规律型.
【分析】对于找规律的题目首先应找出哪些部分发生了变化,是按照什么规律变化的.
【解答】解:由图可知:第一个图案有正三角形4个为2×2.第二图案比第一个图案多2个为2×2+2=6个.第三个图案比第二个多2个为2×3+2=8个.那么第n个就有正三角形2n+2个.
【点评】本题是一道找规律的题目,注意由特殊到一般的分析方法,此题的规律为:第n个就有正三角形2n+2个.这类题型在中考中经常出现.
二、选择题(本大题共8小题,每小题3分,共24分,每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合要求,请把你认为正确的选项序号填入下面相应题号的表格内).
13.(3分)下列计算正确的是( )
A.a2•a3=a6 B.
C. D.
【考点】46:同底数幂的乘法;48:同底数幂的除法;75:二次根式的乘除法;78:二次根式的加减法.
【分析】结合选项分别进行同底数幂的乘法、二次根式的乘法、同底数幂的除法、二次根式的乘除法等运算,然后选择正确选项.
【解答】解:A、a2•a3=a5,原式计算错误,故本选项错误;
B、3 和2 不是同类二次根式,不能合并,故本选项错误;
C、a2÷a3=a﹣1= (a≠0),计算正确,故本选项正确;
D、 ÷ = ,原式计算错误,故本选项错误.
故选:C.
【点评】本题考查了同底数幂的乘法、二次根式的乘法、同底数幂的除法、二次根式的乘除法等知识,掌握运算法则是解答本题的关键.
14.(3分)下面的图形中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是( )
A. B.
C. D.
【考点】P3:轴对称图形;R5:中心对称图形.
【专题】1:常规题型.
【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解.
【解答】解:A、不是轴对称图形,是中心对称图形,故A选项错误;
B、不是轴对称图形,是中心对称图形,故B选项错误;
C、既是轴对称图形,也是中心对称图形,故C选项正确;
D、是轴对称图形,不是中心对称图形,故D选项错误.
故选:C.
【点评】本题考查了中心对称及轴对称的知识,解题时掌握好中心对称图形与轴对称图形的概念.轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分折叠后可重合,中心对称图形是要寻找对称中心,旋转180度后两部分重合.
15.(3分)在正方形网格中,△ABC的位置如图所示,则tanB的值为( )
A. B. C. D.
【考点】T1:锐角三角函数的定义.
【专题】24:网格型.
【分析】根据锐角三角函数的正切是对边比邻边,可得答案.
【解答】解:由正切是对边比邻边,得
tanB= = ,
故选:B.
【点评】本题考查锐角三角函数的定义及运用:在直角三角形中,锐角的正弦为对边比斜边,余弦为邻边比斜边,正切为对边比邻边.
16.(3分)在同一直角坐标系中,函数y=2x与 的图象大致是( )
A. B.
C. D.
【考点】F4:正比例函数的图象;G2:反比例函数的图象.
【分析】根据正比例函数与反比例函数图象的特点与系数的关系解答即可.
【解答】解:∵y=2x中的2>0,
∴直线y=2x经过第一、三象限.
∵ 中的﹣1<0,
∴双曲线 经过第二、四象限,
综上所述,只有D选项符合题意.
故选:D.
【点评】本题考查一次函数,正比例函数的图象.注意,反比例函数中系数与图象位置之间关系.
17.(3分)几名同学准备参加“大美青海”旅游活动,包租一辆面包车从西宁前往青海湖.面包车的租价为240元,出发时又增加了4名同学,结果每个同学比原来少分担了10元车费.设原有人数为x人,则可列方程( )
A. B.
C. D.
【考点】B6:由实际问题抽象出分式方程.
【分析】设原有人数为x人,根据增加之后的人数为(x+4)人,根据增加人数之后每个同学比原来少分担了10元车费,列方程.
【解答】解:设原有人数为x人,根据则增加之后的人数为(x+4)人,
由题意得, ﹣10= .
故选:A.
【点评】本题考查了由实际问题抽象出分式方程,解答本题的关键是读懂题意,设出未知数,找出合适的等量关系,列方程即可.
18.(3分)如图是一个物体的俯视图,则它所对应的物体是( )
A. B.
C. D.
【考点】U3:由三视图判断几何体.
【分析】根据俯视图是从物体上面看,从而得到出物体的形状.
【解答】解:从俯视图可以看出直观图的下面部分为长方体,上面部分为圆柱,且与下面的长方体的顶面的两边相切高度相同,符合这些条件的只有C;
故选:C.
【点评】本题考查了三视图的概念.本题的关键是要考虑到俯视图中圆的直径与长方形的宽的关系.
19.(3分)数学老师布置了10道选择题作为课堂练习,课代表将全班答题情况绘制成如图10所示的条形统计图,根据此图可知,每位同学答对的题数所组成样本的中位数和众数分别为( )
A.8,8 B.9,8 C.8,9 D.9,9
【考点】VC:条形统计图;W4:中位数;W5:众数.
【分析】根据众数和中位数的概念求解.
【解答】解:由图可得,答对8道题的人数最多,
故众数为8,
∵共有50名同学,
∴第25和26人答对题目数的平均数为中位数,
即中位数为: =2.
故选:B.
【点评】本题考查了众数和平均数的知识,一组数据中出现次数最多的数据叫做众数;将一组数据按照从小到大(或从大到小)的顺序排列,如果数据的个数是奇数,则处于中间位置的数就是这组数据的中位数;如果这组数据的个数是偶数,则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数.
20.(3分)如图在直角△ABC中,∠ACB=90°,AC=8cm,BC=6cm,分别以A、B为圆心,以 的长为半径作圆,将直角△ABC截去两个扇形,则剩余(阴影)部分的面积为( )
A. B.
C. D.
【考点】MO:扇形面积的计算.
【分析】根据勾股定理求出AB,则得出圆的半径,分别求出三角形ACB和扇形AEF和扇形BEM的面积和,即可得出答案.
【解答】解:∵在Rt△ACB中,∠C=90°,BC=6,AC=8,由勾股定理得:AB=10,
即两圆的半径是5,
∴阴影部分的面积是S=S△ACB﹣S扇形AEF﹣S扇形BEM
= ×6×8﹣
=24﹣ π.
故选:A.
【点评】本题考查了勾股定理,三角形面积,扇形的面积的应用,注意:圆心角是n度,半径是r的扇形的面积S= .
三、(本大题共3小题,第21题5分,第22题7分,第23题7分,共19分).
21.(5分)|﹣ |+( )﹣1﹣(2013﹣π)0﹣3tan30°.
【考点】2C:实数的运算;6E:零指数幂;6F:负整数指数幂;T5:特殊角的三角函数值.
【专题】11:计算题.
【分析】原式第一项利用绝对值的代数意义化简,第二项利用负指数幂法则计算,第三项利用零指数幂法则计算,最后一项利用特殊角的三角函数值计算即可得到结果.
【解答】解:原式= +5﹣1﹣ =4.
【点评】此题考查了实数的运算,熟练掌握运算法则是解本题的关键.
22.(7分)先化简再求值: ,其中a=3+ ,b=3﹣ .
【考点】6D:分式的化简求值.
【专题】11:计算题.
【分析】先把括号内通分,再把分子分母因式分解,然后把除法运算化为乘法运算后约分得到原式= ,再把a和b的值代入后进行二次根式的混合运算.
【解答】解:原式= ÷
= •
= ,
当a=3+ ,b=3﹣ ,原式= = .
【点评】本题考查了分式的化简求值:先把分式化简后,再把分式中未知数对应的值代入求出分式的值.在化简的过程中要注意运算顺序和分式的化简.化简的最后结果分子、分母要进行约分,注意运算的结果要化成最简分式或整式.
23.(7分)如图,已知▱ABCD,过A作AM⊥BC于M,交BD于E,过C作CN⊥AD于N,交BD于F,连结AF、CE.求证:四边形AECF为平行四边形.
【考点】KD:全等三角形的判定与性质;L7:平行四边形的判定与性质.
【专题】14:证明题.
【分析】由条件可证明△ABE≌△CDF,可证得AE=CF,且AE∥CF,由平行四边形的判定可证得四边形AECF为平行四边形.
【解答】证明:在▱ABCD中,AD∥BC,AB=CD,∠ABC=∠ADC,
∴∠ABD=∠CDB,
又∵AM⊥BC,CN⊥AD,
∴∠BAM=∠DCN,
在△ABE和△CDF中,
,
∴△ABE≌△CDF(ASA),
∴AE=CF,∠AEB=∠CFD,
∴∠AEF=∠CFE,
∴AE∥CF,
∴四边形AECF为平行四边形.
【点评】本题主要考查平行四边形的判定和性质,掌握平行四边形的判定和性质是解题的关键,即①两组对边分别平行⇔四边形为平行四边形,②两组对边分别相等⇔四边形为平行四边形,③一组对边平行且相等⇔四边形为平行四边形,④两组对角分别相等⇔四边形为平行四边形,⑤对角线互相平分⇔四边形为平行四边形.
四、(本大题共3小题,第24题9分,第25题8分,第26题9分,共26分).
24.(9分)如图,线段AB、CD分别表示甲、乙两建筑物的高,AB⊥BC,DC⊥BC,垂足分别为B、C,从B点测得D点的仰角α为60°,从A点测得D点的仰角β为30°,已知甲建筑物的高度AB=34m,求甲、乙两建筑物之间的距离BC和乙建筑物的高度DC.(结果保留根号)
【考点】TA:解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题.
【分析】作AE⊥CD,用BC可以分别表示DE,CD的长,根据CD﹣DE=AB,即可求得BC的长,即可解题.
【解答】解:作AE⊥CD,
∵CD=BC•tanα= BC,DE=BC•tanβ= BC,
∴AB=CD﹣DE= BC,
∴BC=17 m,
CD=BC•tanα= BC=51m.
答:甲、乙两建筑物之间的距离BC为17 m,乙建筑物的高度DC为51m.
【点评】本题考查了直角三角形中三角函数的应用,考查了特殊角的三角函数值,本题中求的BC的长是解题的关键.
25.(8分)为了进一步了解某校九年级学生的身体素质,体育老师从该年级各班中随机抽取50名学生进行1分钟跳绳次数测试,以测试数据为样本,绘制出如图表.
表:
组别 | 次数x | 频数 | 频率 |
第1组 | 80≤x<100 | 4 | 0.08 |
第2组 | 100≤x<120 | 6 | 0.12 |
第3组 | 120≤x<140 | 18 | 0.36 |
第4组 | 140≤x<160 | a | b |
第5组 | 160≤x<180 | 10 | 0.2 |
合计 | ﹣﹣ | 50 | 1 |
(1)求表中a和b的值:a= 12 ;b= 0.24 .
(2)请将频数分布直方图补充完整:
(3)若在1分钟内跳绳次数大于等于120次认定为合格,则从全年级任意抽测一位同学为合格的概率是多少?
(4)今年该校九年级有320名学生,请你估算九年级跳绳项目不合格的学生约有多少人?
【考点】V5:用样本估计总体;V7:频数(率)分布表;V8:频数(率)分布直方图;X4:概率公式.
【分析】(1)用总数减去其他小组的频数即可求得a的值,用频数除以样本容量即可求得频数b;
(2)根据求得的第四小组的频数补全统计图即可;
(3)用合格的人数除以总人数即可求得合格的概率;
(4)用学生总数乘以不合格的频率即可求得不合格的人数.
【解答】解:(1)a=50﹣4﹣6﹣18﹣10=12;
b=12÷50=0.24.
(2)直方图为:
(3)全年级任意抽测一位同学为合格的概率为:P(合格)=1﹣0.08﹣0.12=0.80;
(4)九年级跳绳项目不合格的学生约有320×(0.08+0.12)=64(人).
【点评】此题考查了频数分布直方图,关键是读懂统计图,能从统计图中获得有关信息,列出算式.
26.(9分)如图,已知△ABC内接于⊙O,AC是⊙O的直径,D是 的中点,过点D作直线BC的垂线,分别交CB、CA的延长线E、F.
(1)求证:EF是⊙O的切线;
(2)若EF=8,EC=6,求⊙O的半径.
【考点】KQ:勾股定理;MD:切线的判定;S9:相似三角形的判定与性质.
【专题】152:几何综合题.
【分析】(1)要证EF是⊙O的切线,只要连接OD,再证OD⊥EF即可.
(2)先根据勾股定理求出CF的长,再根据相似三角形的判定和性质求出⊙O的半径.
【解答】(1)证明:连接OD交于AB于点G.
∵D是 的中点,OD为半径,
∴AG=BG.
∵AO=OC,
∴OG是△ABC的中位线.
∴OG∥BC,
即OD∥CE.
又∵CE⊥EF,
∴OD⊥EF,
∴EF是⊙O的切线.
(2)解:在Rt△CEF中,CE=6,EF=8,
∴CF=10.
设半径OC=OD=r,则OF=10﹣r,
∵OD∥CE,
∴△FOD∽△FCE,
∴ ,
∴ = ,
∴r= ,
即:⊙O的半径为 .
【点评】本题考查了切线的判定.要证某线是圆的切线,已知此线过圆上某点,连接圆心与这点(即为半径),再证垂直即可.同时考查了相似三角形的判定和性质.
五、(本大题共2小题,第27题8分,第28题13分,共21分).
27.(8分)请你认真阅读下面的小探究系列,完成所提出的问题.
(1)探究1:如图1,点E、F分别在正方形ABCD边BC、CD上,AE⊥BF于点O,小芳看到该图后,发现AE=BF,这是因为∠EAB和∠FBC都是∠ABF的余角,就会由ASA判定得出△ABE≌△BCF.小芳马上联想到正方形的对角线也是互相垂直且相等的(如图2),是不是在一般情况下,正方形内部两条长度大于边长且互相垂直的线段,即使它们不经过正方形的顶点,也会相等呢?
很快她发现结果是成立的,除了通过构造法证明两条线段所在的三角形全等之外,还可以通过平移的方法把图3转化为图1,得到GH=EF,该方法更加简捷;
(2)探究2:小芳进一步思考,如果让两个全等正方形组成矩形ABCD,如图4所示,GH⊥EF于点O,她发现GH=2EF,请你替她完成证明;
(3)探究3:如图5所示,让8个全等正方形组成矩形ABCD,GH⊥EF于点O,请你猜想GH和EF有怎样的数量关系,写在下面: GH=8EF .
【考点】LO:四边形综合题;S9:相似三角形的判定与性质.
【专题】2B:探究型.
【分析】(2)平移FE至DE′,平移GH至AH′,根据平移的性质可得:FE=DE′,GH=AH′,FE∥DE′,GH∥AH′,易证Rt△BAH′∽Rt△ADE′,然后运用相似三角形的性质就可解决问题.
(3)借鉴(2)中的解题经验可得 = = =8,则有GH=8EF.
【解答】(2)证明:平移FE至DE′,平移GH至AH′,如图4.
根据平移的性质可得:FE=DE′,GH=AH′,FE∥DE′,GH∥AH′,
∴四边形OPQR为平行四边形.
∵GH⊥EF,即∠POR=90°,
∴平行四边形OPQR为矩形,
∴∠AQE′=∠PQR=90°,
∴∠QAE′+∠QE′A=90°.
又∵∠ADE′+∠DE′A=90°,
∴∠ADE′=∠QAE′.
又∵∠DAE′=∠ABH′=90°,
∴Rt△BAH′∽Rt△ADE′,
∴ = =2,
∴ = =2,
∴GH=2EF.
(3)猜想:GH=8EF.
解:平移FE至DE′,平移GH至AH′,如图5.
根据平移的性质可得:FE=DE′,GH=AH′,FE∥DE′,GH∥AH′,
∴四边形OPQR为平行四边形.
∵GH⊥EF,即∠POR=90°,
∴平行四边形OPQR为矩形,
∴∠AQE′=∠PQR=90°,
∴∠QAE′+∠QE′A=90°.
又∵∠ADE′+∠DE′A=90°,
∴∠ADE′=∠QAE′.
又∵∠DAE′=∠ABH′=90°,
∴Rt△BAH′∽Rt△ADE′,
∴ = =8,
∴ = =8,
∴GH=8EF.
故答案为:GH=8EF.
【点评】本题考查了平移的性质、正方形的性质、矩形的性质、相似三角形的判定与性质等知识,突出了对基本活动经验的考查.
28.(13分)如图,已知抛物线经过点A(2,0),B(3,3)及原点O,顶点为C.
(1)求抛物线的解析式;
(2)若点D在抛物线上,点E在抛物线的对称轴上,且以A,O,D,E为顶点的四边形是平行四边形,求点D的坐标;
(3)P是抛物线上第二象限内的动点,过点P作PM⊥x轴,垂足为M,是否存在点P使得以点P,M,A为顶点的三角形与△BOC相似?若存在,求出点P的坐标;若不存在,请说明理由.
【考点】HF:二次函数综合题.
【分析】(1)根据抛物线过A(2,0)及原点可设y=a(x﹣2)x,然后根据抛物线y=a(x﹣2)x过B(3,3),求出a的值即可;
(2)首先由A的坐标可求出OA的长,再根据四边形AODE是平行四边形,D在对称轴直线x=﹣1右侧,进而可求出D横坐标为:﹣1+2=1,代入抛物线解析式即可求出其横坐标;
(3)分△PMA∽△COB和△PMA∽△BOC表示出PM和AM,从而表示出点P的坐标,代入求得的抛物线的解析式即可求得t的值,从而确定点P的坐标.
【解答】解:(1)根据抛物线过A(2,0)及原点,可设y=a(x﹣2)(x﹣0),
又∵抛物线y=a(x﹣2)x过B(3,3),
∴3(3﹣2)a=3,
∴a=1,
∴抛物线的解析式为y=(x﹣2)x=x2﹣2x;
(2)①若OA为对角线,则D点与C点重合,点D的坐标应为D(1,﹣1);
②若OA为平行四边形的一边,则DE=OA,∵点E在抛物线的对称轴上,
∴点E横坐标为1,
∴点D 的横坐标为3或﹣1,代入y=x2﹣2x得D(3,3)和D(﹣1,3),
综上点D坐标为(1,﹣1),(3,3),(﹣1,3).
(3)∵点B(3,3)C(1,﹣1),
∴△BOC为直角三角形,∠COB=90°,且OC:OB=1:3,
①如图1,若△PMA∽△COB,设PM=t,则AM=3t,
∴点P(2﹣3t,t),
代入y=x2﹣2x得(2﹣3t)2﹣2(2﹣3t)=t,
解得t1=0(舍), ,
∴ ;
②如图2,若△PMA∽△BOC,
设PM=3t,则AM=t,点P(2﹣t,3t),代入y=x2﹣2x得(2﹣t)2﹣2(2﹣t)=3t,
解得t1=0(舍),t2=5,
∴P(﹣3,15)
综上所述,点P的坐标为 或(﹣3,15).
【点评】本题着重考查了待定系数法求二次函数解析式、平行四边形的性质、相似三角形的判定和性质等知识点,综合性强,同时也考查了学生分类讨论,数形结合的数学思想方法.
请先
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