微信小程序2019年青海省西宁市中考物理试卷
一、选择题（每小题2分，共26分．每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）关于声现象，下列说法中错误的是（ ）
A．人们利用超声波能够测出海底的深度
B．发声体的振幅越大，响度越大
C．声音在各种介质中的传播速度一样大
D．“禁鸣喇叭”是在声源处减弱噪声
2．（2分）关于物态变化。下列说法正确的是（ ）
A．海波是一种晶体，液态海波凝固时要放出热量
B．冰熔化成水的过程中吸收热量，温度升高
C．冰棒表面的“白霜”，是水蒸气凝固形成的小冰晶
D．春天的早晨经常出现大雾，这是汽化现象
3．（2分）下列关于光学仪器的作用，说法正确的是（ ）
A．平面镜能成放大的虚像
B．凸面镜能起到扩大视野的作用
C．凸透镜只能成放大的像
D．凹透镜对光线起会聚作用
4．（2分）小明观察了厨房设备，他观察到的现象和对现象的解释中，正确的是（ ）
A．当我们使用筷子吃饭时，筷子一定是省力杠杆
B．用高压锅煮食物容易熟，是因为锅内气体压强越大，液体沸点越低
C．用燃气灶煲汤，在沸腾时调大火焰能提高汤的温度
D．电饭锅用三脚插头和三孔插座是为了防止锅体漏电伤害人体
5．（2分）关于安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A．修理家庭电路时没有断开总开关
B．电灯的开关接在火线和电灯之间
C．保险丝熔断后可用铜丝代替
D．只有短路才会造成空气开关跳闸
6．（2分）下面四句话摘自一位同学的“物理学习笔记”，其中错误的是（ ）
A．滑轮组既可以省力又可以改变力的方向
B．力是不能离开物体而独立存在的
C．三要素相同的两个力可能是一对平衡力
D．力学性能是选择材料的重要指标
7．（2分）关于内能及内能的利用，说法正确的是（ ）
A．汽油机的做功冲程将内能转化为机械能
B．温度为0℃的物体没有内能
C．燃料的热值越大，燃烧释放的热量越多
D．增大热机功率一定能提高它的效率
8．（2分）高速公路收费站对过往的超载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图，以下说法正确的是（ ）
A．称重表其实是一个电压表
B．电路中的R1是没有作用的
C．当车辆越重时，R连入电路的阻值越大
D．当车辆越重时，称重表的示数越大
9．（2分）一个质量为60g、体积为100cm3的物体放入酒精（ρ酒精＝0.8×103kg/m3）中，物体静止时，物体在酒精中的体积与物体总体积的比值为（ ）
A．3：4 B．3：5 C．1：2 D．2：3
10．（2分）在集体劳动中，同学们联想到了一些物理知识，其中错误的是（ ）
A．小强在木箱下垫上几根圆木棍，推起来很轻松，是因为滚动摩擦比滑动摩擦小
B．小丽尽全力搬一块大石头，虽然没有搬动，但是她也对石头做了功
C．小红向地面上泼水，盆虽然留在手中，但是水却由于惯性而“飞”了出去
D．小刚用力推垃圾桶，将它推到另一个位置，是因为力可以改变物体的运动状态
11．（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S1和S2，灯L正常发光，则断开开关S2时（ ） 
A．电流表示数变大，灯L变亮
B．电压表示数变大，灯L的实际功率变小
C．电流表示数变小，灯L仍然正常发光
D．电压表示数不变，电路的总功率变大
12．（2分）同一水平面上的甲、乙两个相同的容器盛有不同的液体，将两个相同的物块分别放入两容器中。当两物块静止时，两容器中液面恰好相平，两物块所处的位置如图所示。则（ ）
A．甲容器中液体的密度较大
B．乙容器底部受到液体的压力较大
C．甲容器中物块排开液体的重力较大
D．乙容器对水平面的压强较小
13．（2分）如图甲所示电路。电源电压保持不变，当闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P使阻值从最大变化到最小，两个电阻的“U﹣I”关系图象如图乙所示。则下列判断正确的是（ ）
A．电源电压为8V
B．滑动变阻器的阻值变化范围为0～10Ω
C．滑动变阻器阻值最大时，通电10s，R1产生的热量为8J
D．滑动变阻器滑片在中点时，电路的总功率为1.8W
二、填空题（每空1分．共18分）
14．（2分）医院的B超检查病情是利用声可以传递 ；小提琴演奏者通过变换手指按压琴弦的位置来改变琴弦发声的 。
15．（2分）图甲中一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，看到棉花燃烧起来，这是通过 的方式使玻璃筒内空气的内能增加，温度升高。图乙是通过 的方式把试管里的水加热至沸腾。
16．（3分）如图所示，在自制“照相机模型”时：应该选用 透镜作镜头；照相时镜头离景物的距离至少要 ，才能在薄膜上看到清晰的像；照近处的物体时，拉长两筒间的间距，此时薄膜上的像 （选填“变大”或“变小”）。
17．（2分）中国的历史有多长。中国的茶就有多香。茶文化中有许多的物理知识。例如：用沸水才能很快泡出茶香，这是因为温度越高， 现象越明显；如图所示茶壶的壶嘴和壶身构成一个 。
18．（2分）我国高铁在节能技术上采用了再生制动方式：动车到站前先停止供电，由于惯性，动车回继续向前运行，电机线圈随车轮转动并在磁场中切割 产生感应电流，将 能转化为电能，自动输入电网。
19．（2分）如图所示，3个电阻值均为10Ω的电阻R1、R2、R3串联后接在电压恒定为U的电路中，某同学误将一只电流表并联在电阻R2两端，发现电流表的示数为1.5A，据此可推知电源电压U为 V；若用一只电压表代替电流表并联在R2两端，则电压表的示数为 V。
20．（2分）若将分别标有“3V3W”、“6V3W”字样的两灯串联接入电路时，在长时间工作过程中，允许加在它们两端的最高电压是 V，标有“3V3W”字样的灯实际消耗的电功率是 W．（灯丝电阻值不变）
21．（3分）物理兴趣小组的同学用如图甲所示的装置来提升重物M，图乙是重物上升时的s﹣t图象，己知M重为1N．闭合开关后，电流表和电压表的示数分别为0.2A和4V．则重物上升的速度为 m/s，0.5s内该装置提升重物做的有用功为 J，它的效率是 %。
三、作图及问答题（22题、23题各2分，24题3分，共7分）
22．（2分）如图所示，作出光线通过凸透镜和凹透镜的完整光路。
23．（2分）如图所示，画出杠杆A端所挂物体重力的示意图和杠杆B端所受力F的力臂L。
24．（3分）西宁市近几年在多处建了湿地公园，局部空气的湿度和温度有了改善，为什么湿地能调节空气湿度和空气温度？
四、实验探究题．[25题4分，26题7分，27题8分．共19分）
25．（4分）小兰看到教学楼对面的玻璃幕墙把太阳光反射到教室里，她想光在反射时会遵循怎样的规律？于是她利用平面镜、可向后折的纸板、量角器和激光笔进行如图甲和乙的实验。
（1）由图甲可得出给论∠FON ∠EON（选填“＜”、“＝”或“＞”）。
（2）如图乙将纸板NOF向后折，纸板上 （选填“能”或“不能”）看到反射光线，这说明反射光线、入射光线和法线在 。
（3）在图甲中当光沿FO的方向射入O点时，光线会沿着OE的方向射出，说明反射现象中光路是 。
26．（7分）小李同学想要利用如图13所示的装置来探究“物体动能大小与什么因素有关”。
（1）在探究“动能的大小与速度的关系”时，应保持小车的 相同，让小车从斜面上 （选填“相同”或“不同”）的高度滑下，以不同的速度推动木块移动。
（2）本实验运用了两种研究方法：一是 ，二是转换法。就本题来说用木块 来反映小车动能大小的方法就是转换法。
他在实脸的过程中又发现只要去掉木块，就可以探究“阻力物体运动的影响”。如图2所示，他将毛巾、棉布和玻璃分别铺在水平面上，让小车分别从斜面上由静止滑下，观察小车在水平面上运动的距离。
（3）每次均让同一小车从斜面同一高度由静止滑下的目的是：使小车到达水平面时具有相同的 。
（4）实验发现，小车在玻璃面上运动的距离最远，说明小车受到的阻力最 ，进一步推理得出：如果小车运动时不受阻力，小车将做 运动。
27．（8分）小韩用如图1甲所示的电路测量小灯泡的电功率，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为10Ω。
（1）用笔画线表示导线，选好电流表量程，将图甲电路连接完整 
（2）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于 （选填“C”或“D”）端。
（3）闭合开关后，小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3V，产生该现象的原因可能是小灯泡 （选填“短路”或“断路”）。
（4）排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P到某一点，电压表示数如图1乙所示，此时小灯泡两端的电压为 V，若要测量小灯泡的额定功率，此时应将滑动变阻器的滑片P向 （选填“C”或“D”）端移动，根据该同学实验得到的如图2所示的I﹣U图象，小灯泡的额定功率为 W。
（5）小韩还想用标有“600res/（kW•h）”的电能表测出一个电灶的电功率。测量时关闭其他用电器，只让电灶单独工作，发现6min电能表的转盘转过120r，则这段时间电灶消耗的电能是 J，电灶的功率为 W。
五、计算题（28题11分，29题9分，共20分）
28．（11分）同学们在研究杠杆的平衡时，他们首先将装有某液体的圆柱形容器放在水平放置的电子台秤上（容器底面积S容＝0.02m2），台秤的示数为8kg。然后人站在水平地面上通过可绕O点转动的杠杆BC和轻绳将长方体A逐渐缓慢放入该液体中，直到A的上表面与液面相平，液体未溢出，此时杠杆在水平位置保持平衡，如图甲所示。已知：A的底面积为SA＝0.01m2，重力GA＝50N，人的重力G人＝518N，鞋与地面的总接触面积S鞋＝500cm2．当A从接触液面到恰好浸没时，A的下表面受到的液体压强随浸入液体的深度的变化图象如图乙所示。（g＝10N/kg，杠杆、轻绳质量均不计，轻绳始终竖直）求：
（1）长方体A未放入液体中时，容器对台秤的压强。
（2）容器中液体的密度。
（3）杠杆在水平位置平衡时，杠杆B端轻绳对长方体A的拉力。
（4）杠杆在水平位置平衡时，人双脚站立对地面的压强p＝1×104Pa，则OB与OC的长度之比为多少？
29．（9分）一个有加热和保温两种状态的微型电热水器，内部简化电路如图18所示，它由控制电路和工作电路两部分组成，其中R0为热敏电阻，它的阻值随温度的升高而减小，开关S0和S都闭合时，电热水器开始加热，当电热水器中水的温度达到50℃时，电磁铁才会把衔铁吸下，使B、C两个触点接通，电热水器处于保温状态。已知R1＝44Ω，R2＝2156Ω．求：
（1）将电热水器水箱中2.2kg的水从15℃加热到45℃，水吸收的热量【c水＝4.2×103J/（kg•℃）】
（2）电热水器处于加热状态时工作电路的功率。
（3）将2.2kg的水从15℃加热到45℃，需要通电5min，电热水器的加热效率为多少？
（4）当温度达到50℃后，通电10min，R2产生的热量。
2019年青海省西宁市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题2分，共26分．每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）关于声现象，下列说法中错误的是（ ）
A．人们利用超声波能够测出海底的深度
B．发声体的振幅越大，响度越大
C．声音在各种介质中的传播速度一样大
D．“禁鸣喇叭”是在声源处减弱噪声
【考点】94：声音在不同介质中的传播速度；9E：超声波与次声波；9G：响度与振幅的关系；9L：防治噪声的途径．菁优网版权所有
【分析】①声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播；
②响度跟振幅和距离声源的远近有关；
③声音是由物体的振动产生的，声音在不同的介质中的传播速度不同；
④减弱噪声，一般就是从声源处、传播过程中、人耳处这三个方面考虑。
【解答】解：A、声音可以在液体中传播，人们利用超声波能够测出海底的深度。故A正确；
B、距离声源一定时，振幅越大，响度越大；在振幅一定时，距离声源越近，响度越大。故B正确；
C、声音在不同介质中的传播速度不同。故C错误；
D、市区内“禁鸣喇叭”，是在噪声的声源处减弱噪声。故D正确。
故选：C。
【点评】此题考查了声音的传播、应用、特性及减弱噪声的措施，难度不大，属于声现象基础知识的考查。
2．（2分）关于物态变化。下列说法正确的是（ ）
A．海波是一种晶体，液态海波凝固时要放出热量
B．冰熔化成水的过程中吸收热量，温度升高
C．冰棒表面的“白霜”，是水蒸气凝固形成的小冰晶
D．春天的早晨经常出现大雾，这是汽化现象
【考点】19：熔化与熔化吸热的特点；1D：晶体和非晶体的区别；1M：液化及液化现象；1R：生活中的凝华现象．菁优网版权所有
【分析】（1）海波是晶体，晶体的凝固过程放热；
（2）冰是晶体，晶体在熔化过程中吸热但温度保持不变；
（3）物质由气态直接变成固态是凝；
（4）由气态变为液态叫液化。
【解答】解：A．海波是晶体，其凝固过程虽然放热，但温度不变，故A正确；
B．冰是晶体，冰熔化成水的过程中，吸收热量，但温度保持不变，故B错误；
C．霜是空气中的水蒸气遇冷直接形成的小冰晶，是凝华现象，故C错误；
D．春天的早晨经常出现大雾，这是水蒸气遇冷发生了液化现象，不是汽化现象，故D错误。
故选：A。
【点评】析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）下列关于光学仪器的作用，说法正确的是（ ）
A．平面镜能成放大的虚像
B．凸面镜能起到扩大视野的作用
C．凸透镜只能成放大的像
D．凹透镜对光线起会聚作用
【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；AJ：凸面镜和凹面镜；B5：凹透镜的发散作用；B8：凸透镜成像的应用．菁优网版权所有
【分析】（1）凸透镜的成像规律及应用：u＞2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u＜f，成正立放大的虚像，应用是放大镜；
（2）凹透镜对光线有发散作用，凸透镜对光线有会聚作用；
（3）平面镜是由于光的反射形成的虚像；
（4）凸面镜能起到扩大视野的作用。
【解答】解：A、平面镜所成的像与物体关于平面镜对称，即正立等大的虚像，故A错误；
B、凸面镜对光线有发散的作用，应用在汽车的观后镜上和街头路口的反光镜，凸面镜成正立、缩小的虚像，能起到扩大视野的作用，故B正确；
C、凸透镜的成像规律及应用：u＞2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u＜f，成正立放大的虚像，应用是放大镜，故C错误；
D、凹透镜对光有发散作用，故D错误；
故选：B。
【点评】很多光学仪器用面镜、透镜、棱镜等做成，利用光的直线传播、光的反射、光的折射形成各种不同形式的像，以满足不同的需求，注意积累生活器材，丰富光学知识，把光学知识与日常生活紧密联系在一起。
4．（2分）小明观察了厨房设备，他观察到的现象和对现象的解释中，正确的是（ ）
A．当我们使用筷子吃饭时，筷子一定是省力杠杆
B．用高压锅煮食物容易熟，是因为锅内气体压强越大，液体沸点越低
C．用燃气灶煲汤，在沸腾时调大火焰能提高汤的温度
D．电饭锅用三脚插头和三孔插座是为了防止锅体漏电伤害人体
【考点】1I：沸腾及沸腾条件；1J：沸点及沸点与气压的关系；7O：杠杆的分类；IT：插座的构造与工作方式．菁优网版权所有
【分析】（1）对于杠杆，可以根据在使用时，动力臂与阻力臂的大小关系确定杠杆类型；
（2）液体的沸点随气压增大而升高；
（3）液体沸腾特点：吸热、温度不变；
（4）金属外壳的用电器要使用三脚插头、三孔插座，可以使其外壳接地，从而防止外壳漏电而发生触电事故。
【解答】解：
A、我们使用筷子吃饭时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错；
B、用高压锅煮食物容易熟，是因为液体的沸点随气压增大而升高，故B错；
C、用煤气炉煲汤，在汤沸腾后，达到沸点，其温度不再改变，故C错；
D、电饭锅用三脚插头和三孔插座，可以使电饭锅的外壳接地，是为了防止锅体漏电伤害人体，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了杠杆分类、液体沸点与气压的关系、液体沸腾特点以及安全用电知识，要求灵活应用相关知识！
5．（2分）关于安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A．修理家庭电路时没有断开总开关
B．电灯的开关接在火线和电灯之间
C．保险丝熔断后可用铜丝代替
D．只有短路才会造成空气开关跳闸
【考点】IV：安全用电原则．菁优网版权所有
【分析】（1）进行家电维修时，需先切断电源，再维修
（2）开关的接法：火线首先进开关，再入灯泡；安全用电的原则是：不靠近高压带电体（室外、高压线、变压器旁），不接触低压带电体；
（3）保险丝在电流过大时发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，采用电阻率大，熔点较低的材料制作；
（4）家庭电路电流过大的原因有二：发生短路，用电器总功率过大。
【解答】解：A、家电维修或检修电路时，需先切断电源，再维修。故A错误；
B、为保证用电安全，开关要接在火线和灯泡之间。故B正确；
C、保险丝熔断后，不能用铜丝来代替，因为铜丝的电阻率小、熔点高，用铜丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路。故C错误；
D、空气开关跳闸的原因是电路电流太大，而电流过大可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大。故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
6．（2分）下面四句话摘自一位同学的“物理学习笔记”，其中错误的是（ ）
A．滑轮组既可以省力又可以改变力的方向
B．力是不能离开物体而独立存在的
C．三要素相同的两个力可能是一对平衡力
D．力学性能是选择材料的重要指标
【考点】6E：力的概念；6R：平衡力的辨别；7X：滑轮组及其工作特点．菁优网版权所有
【分析】（1）使用定滑轮不能省力，但可以改变力的方向；使用动滑轮可以省力，但不能改变力的方向；由定滑轮和动滑轮组成的滑轮组，通过改变绕线的方式，既可以省力、又可以改变力的方向；
（2）力是物体对物体的作用，力不能离开物体而存在；
（3）一对平衡力的特点：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；
（4）力学性能是选择材料的重要指标，通常包括弹性（物体受力时发生形变，不受力时又恢复到原来的形状）和塑性、硬度和韧性等。
【解答】解：
A、由定滑轮和动滑轮组成的滑轮组，通过改变绕线的方式，既可以省力、又可以改变力的方向，故A正确；
B、力是物体对物体的作用，力不能离开物体而独立存在，故B正确；
C、力的三要素相同，即大小、方向、作用点都相同，因为力的方向相同，所以一定不是一对平衡力，故C错误；
D、力学性能是选择材料的重要指标，通常包括弹性和塑性、硬度和韧性等，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了滑轮组的特点、力的依赖性、平衡力的特点以及对力学性能的了解，属于基础题目。
7．（2分）关于内能及内能的利用，说法正确的是（ ）
A．汽油机的做功冲程将内能转化为机械能
B．温度为0℃的物体没有内能
C．燃料的热值越大，燃烧释放的热量越多
D．增大热机功率一定能提高它的效率
【考点】G4：内能的概念；GJ：燃料的热值及其计算；GL：热机的效率；GM：内燃机的四个冲程．菁优网版权所有
【分析】（1）四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；
（2）内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和。根据内能与温度、热量关系分析。
（3）1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值，热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；
（4）用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率。
【解答】解：
A、汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能，故A正确；
B、任何物体都有内能，故0℃的冰也是具有内能的，故B错误；
C、热值是燃料的特性，与放出热量的多少无关，故C错误；
D、用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出热量的比值叫热机效率，热机的效率与功率、做功的本领、燃料的热值等因素无关，故D错误。
故选：A。
【点评】本题为热学综合题，考查了学生对热机效率、热机工作时的能量转化，以及涡轮增压技术的应用，知识点多，判断时，要灵活运用所学知识。
8．（2分）高速公路收费站对过往的超载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图，以下说法正确的是（ ）
A．称重表其实是一个电压表
B．电路中的R1是没有作用的
C．当车辆越重时，R连入电路的阻值越大
D．当车辆越重时，称重表的示数越大
【考点】IH：欧姆定律的应用．菁优网版权所有
【分析】（1）根据电流表与被测电路元件串联、电压表与被测电路元件并联判断图中称重表的类型；
（2）假设去掉定值电阻R1，判断可能出现的现象，从而确定所起的作用；
（3）根据滑片移动的方向确定电路总电阻的变化，再根据欧姆定律可知电路电流的变化。
【解答】解：A．称重表与电阻串联，应为电流表，故A错误；
B．当物体很重，滑片滑到最下端，如果没有电阻R1，会造成电源短路，烧坏电源和电流表，因此电路中的R1具有保护称重表的作用，故B错误；
CD．当车辆越重时，滑片向下滑，R连入电路的阻值越小，电路的总电阻越小，由I＝ 
可知，电路的电流越大，称重表的示数越大，故C错误、D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电表的正确使用和定值电阻的作用以及欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。
9．（2分）一个质量为60g、体积为100cm3的物体放入酒精（ρ酒精＝0.8×103kg/m3）中，物体静止时，物体在酒精中的体积与物体总体积的比值为（ ）
A．3：4 B．3：5 C．1：2 D．2：3
【考点】8O：阿基米德原理的应用．菁优网版权所有
【分析】首先求出物体的密度，然后与酒精的密度比较可确定物体在酒精中的状态，再利用漂浮时，浮力等于其重力，列出等式即可求得物体在酒精中的体积与物体总体积的比值。
【解答】解：物体的密度ρ＝ 
＝ 
＝0.6g/cm3＝0.6×103kg/m3＜0.8×103kg/m3，
若把该物体放入密度为0.8×103kg/m3的酒精中后，物体静止时处于漂浮状态，则F浮＝G，
即：ρ酒精gV排＝ρ物gV物，
则 
＝ 
＝ 
＝ 
；
故选：A。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、漂浮条件的应用，明确由于物体处于漂浮，则F浮＝G，是解答此题的关键。
10．（2分）在集体劳动中，同学们联想到了一些物理知识，其中错误的是（ ）
A．小强在木箱下垫上几根圆木棍，推起来很轻松，是因为滚动摩擦比滑动摩擦小
B．小丽尽全力搬一块大石头，虽然没有搬动，但是她也对石头做了功
C．小红向地面上泼水，盆虽然留在手中，但是水却由于惯性而“飞”了出去
D．小刚用力推垃圾桶，将它推到另一个位置，是因为力可以改变物体的运动状态
【考点】6F：力的作用效果；6L：惯性；7E：摩擦力大小的影响因素；EA：力是否做功的判断．菁优网版权所有
【分析】（1）变滑动摩擦为滚动摩擦可以减小摩擦力；
（2）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离；
（3）物体由于具有惯性保持原来的运动状态；
（4）力可以改变物体的运动状态。
【解答】解：
A、小强在木箱下垫上几根圆木棍，推起来很轻松，是因为滚动摩擦比滑动摩擦小，故A正确；
B、小丽尽全力搬一块大石头，没有搬动，石头没有移动距离，小丽没有做功，故B错误；
C、小红向地面上泼水时，开始时盆和水是运动的，停止向前用力，盆留在手中，水却由于惯性保持原来的运动状态，而“飞”了出去，故C正确；
D、小刚用力推垃圾桶，将它推到另一个位置，推垃圾桶由静止变为运动，推力改变的垃圾桶的运动状态，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查了减小摩擦力的方法、力学中做功的两个必要因素、惯性以及力的作用效果的应用，属于综合性题目。
11．（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S1和S2，灯L正常发光，则断开开关S2时（ ） 
A．电流表示数变大，灯L变亮
B．电压表示数变大，灯L的实际功率变小
C．电流表示数变小，灯L仍然正常发光
D．电压表示数不变，电路的总功率变大
【考点】IZ：电路的动态分析．菁优网版权所有
【分析】由电路图可知，闭合开关S1和S2时，定值电阻R与灯泡L并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流；当断开开关S2时，电路为灯泡L的简单电路，电压表测电源两端的电压，电流表测通过L的电流，根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡L的电流和灯泡的亮暗变化，根据并联电路的电流特点可知电路总电流的变化，利用P＝UI可知电路的总功率的变化。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S1和S2时，定值电阻R与灯泡L并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，
当断开开关S2时，电路为灯泡L的简单电路，电压表测电源两端的电压，电流表测通过L的电流，
因电源电压保持不变，
所以，电压表的示数不变，故B错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过灯泡L的电流不变，灯L仍然正常发光，故A错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，电路的总电流变小，即电流表的示数变小，故C正确；
由P＝UI可知，电路的总功率最小，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，分析好断开开关S2前后电路的变化是关键。
12．（2分）同一水平面上的甲、乙两个相同的容器盛有不同的液体，将两个相同的物块分别放入两容器中。当两物块静止时，两容器中液面恰好相平，两物块所处的位置如图所示。则（ ）
A．甲容器中液体的密度较大
B．乙容器底部受到液体的压力较大
C．甲容器中物块排开液体的重力较大
D．乙容器对水平面的压强较小
【考点】8O：阿基米德原理的应用；8S：物体的浮沉条件及其应用．菁优网版权所有
【分析】（1）根据物体的浮沉情况判断出物体密度与液体密度的关系；
（2）根据p＝ρ液gh得出容器底受到压强的关系，然后利用p＝ 
分析容器底部受到液体的压力关系；
（3）根据物体的浮沉条件判断浮力与重力的关系；
（4）乙液体的密度较大，由m＝ρV可知，乙液体的质量较大，则乙液体的重力较大，容器对水平面的压力等于总重力，底面积相同，根据p＝ 
得出容器对桌面的压强的关系。
【解答】解：
A、物体在甲液体中悬浮，则ρ甲＝ρ物，在乙液体中漂浮，则ρ乙＞ρ物，可知乙液体的密度较大，故A错误；
B、由A知，乙液体的密度较大，深度相同，由p＝ρ液gh可知，乙液体对容器底的压强大，由F＝pS可知，乙容器底部受到液体的压力较大，故B正确；
C、物体在甲液体中悬浮，则F浮甲＝G排甲＝G；在乙液体中漂浮，则F浮乙＝G排乙＝G，所以G排甲＝G排乙，故C错误；
D、甲、乙两个相同的容器，两容器中液面恰好相平，由图知，乙液体的体积较大，且乙液体的密度较大，由m＝ρV可知，乙液体的质量较大，则乙液体的重力较大，
容器对水平面的压力等于总重力，而G总＝G容器+G物+G液体，则甲容器的总重力小，对水平桌面的压力较小，由p＝ 
可知，甲容器对水平面的压强较小，故D错误。
故选：B。
【点评】本题主要考查了物体浮沉条件及液体压强公式的应用，关键能够根据浮沉情况判断出液体的密度、所受浮力的关系。
13．（2分）如图甲所示电路。电源电压保持不变，当闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P使阻值从最大变化到最小，两个电阻的“U﹣I”关系图象如图乙所示。则下列判断正确的是（ ）
A．电源电压为8V
B．滑动变阻器的阻值变化范围为0～10Ω
C．滑动变阻器阻值最大时，通电10s，R1产生的热量为8J
D．滑动变阻器滑片在中点时，电路的总功率为1.8W
【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算；JI：焦耳定律的计算公式及其应用．菁优网版权所有
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据电压变化的范围进行判断即定值电阻两端电压不会等于零，据此判断两个电阻的“U﹣I”关系图象，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出电路中的最小电流和两电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值和滑动变阻器的最大阻值，利用Q＝I2Rt求出通电10s内R1产生的热量；
（2）变阻器滑片在中点时，根据电阻的串联和P＝UI＝ 
求出电路消耗的总功率。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，R1两端的电压最大，R2两端的电压为0，
由图象可知，斜向下的直线为滑动变阻器R2的U﹣I关系图象，斜向上的直线为电阻R1的U﹣I图象，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由U﹣I图象可知，电路中的最小电流I＝0.2A，R1两端的电压U1＝2V，R2两端的电压U2＝4V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源电压：
U＝U1+U2＝2V+4V＝6V，故A错误；
由I＝ 
可得，定值电阻R1的阻值：
R1＝ 
＝ 
＝10Ω，
则通电10s，R1产生的热量：
Q1＝I2R1t＝（0.2A）2×10Ω×10s＝4J，故C错误；
滑动变阻器的最大阻值：
R2＝ 
＝ 
＝20Ω，
即滑动变阻器R2的阻值变化范围为0～20Ω，故B错误；
（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，变阻器滑片在中点时，电路消耗的总功率：
P＝ 
＝ 
＝1.8W，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“U﹣I”关系图象。在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，所以要会读电路图中的信息和U﹣I图象中的信息。
二、填空题（每空1分．共18分）
14．（2分）医院的B超检查病情是利用声可以传递 信息 ；小提琴演奏者通过变换手指按压琴弦的位置来改变琴弦发声的 音调 。
【考点】9D：频率与音调的关系；9M：声与信息．菁优网版权所有
【分析】①声音可以传递信息，也可以传递能量；
②音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：医院用B超检查病情，是指通过听声音、观察现象，来判断病人的病情，说明声音可以传递信息；
拉二胡时，演奏者要不断改变手指按压琴弦的位置，改变了琴弦振动部分的长度，从而改变了振动频率，改变了琴声的音调。
故答案为：信息；音调。
【点评】此题考查了声音的利用和特性，属于声现象基础知识的考查，难度不大。
15．（2分）图甲中一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，看到棉花燃烧起来，这是通过 做功 的方式使玻璃筒内空气的内能增加，温度升高。图乙是通过 热传递 的方式把试管里的水加热至沸腾。
【考点】G9：做功改变物体内能；GA：热传递改变物体内能．菁优网版权所有
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：图甲中，把活塞迅速压下去，看到棉花燃烧起来，这是通过压缩空气做功的方式使玻璃筒内空气的内能增加，温度升高。
图乙中火焰的热量传递给水，是通过热传递的方式把试管里的水加热至沸腾。
故答案为：做功；热传递。
【点评】本题主要考查了做功与热传递在改变物体内能方面的实际应用，属基本的热学实验。
16．（3分）如图所示，在自制“照相机模型”时：应该选用 凸 透镜作镜头；照相时镜头离景物的距离至少要 大于凸透镜的二倍焦距 ，才能在薄膜上看到清晰的像；照近处的物体时，拉长两筒间的间距，此时薄膜上的像 变大 （选填“变大”或“变小”）。
【考点】B8：凸透镜成像的应用．菁优网版权所有
【分析】（1）（2）照相机利用了物距在大于二倍焦距时，凸透镜能成倒立缩小的像的规律，为了既能承接像，又能观察到像，应用半透明纸做光屏。
（3）物距变小，照相机所成的像变大了，像距也要变大，镜头到底片的距离变大。
【解答】解：（1）照相机使用的凸透镜。
（2）物体到镜头的距离应大于凸透镜的二倍焦距，才能在光屏上成清晰的像。
（3）用照相机照近处的物体时，物距变小，像要变大，像距也变大，要把两筒间间距拉长。
故本题答案为：凸；大于凸透镜的二倍焦距；变大。
【点评】本题考查了照相机的原理和凸透镜成像的规律，凸透镜所成的像变大时，像距也变大，而物距变小。
17．（2分）中国的历史有多长。中国的茶就有多香。茶文化中有许多的物理知识。例如：用沸水才能很快泡出茶香，这是因为温度越高， 扩散 现象越明显；如图所示茶壶的壶嘴和壶身构成一个 连通器 。
【考点】8B：连通器原理；GW：扩散现象．菁优网版权所有
【分析】（1）分子运动速度和物体的温度有关系，温度越高，分子运动越剧烈，扩散越快；
（2）上端开口下部连通的容器称为连通器，若内部装有同种液体，在液体不流动时液面总是保持相平的。
【解答】解：
（1）用沸水才能很快泡出茶香，这是因为温度越高，分子运动越剧烈，扩散现象越明显；
（2）茶壶的壶嘴与壶身上端开口，底部相连通，构成一个连通器。
故答案为：扩散；连通器。
【点评】本题考查了扩散现象以及连通器的应用等知识点，体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。
18．（2分）我国高铁在节能技术上采用了再生制动方式：动车到站前先停止供电，由于惯性，动车回继续向前运行，电机线圈随车轮转动并在磁场中切割 磁感线 产生感应电流，将 机械 能转化为电能，自动输入电网。
【考点】CP：电磁感应．菁优网版权所有
【分析】当闭合回路中的部分导体切割磁感线时，会在闭合回路中产生感应电流，该现象称为电磁感应现象，该过程中消耗机械能，产生电能。
【解答】解：动车到站前先停止供电，由于惯性，动车会继续向前运行，电机线圈随车轮转动并在磁场中切割磁感线，进而产生感应电流，即在该过程中消耗机械能，产生电能，故是将机械能转化为电能的过程。
故答案为：磁感线；机械。
【点评】知道电磁感应现象的原理和过程，并熟悉常见的能量转化是解决该题的关键。
19．（2分）如图所示，3个电阻值均为10Ω的电阻R1、R2、R3串联后接在电压恒定为U的电路中，某同学误将一只电流表并联在电阻R2两端，发现电流表的示数为1.5A，据此可推知电源电压U为 30 V；若用一只电压表代替电流表并联在R2两端，则电压表的示数为 10 V。
【考点】IH：欧姆定律的应用．菁优网版权所有
【分析】（1）电流表相等于一根导线，当电流表并联在电阻R2两端时，电路为R1、R3串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；
（2）电流表换成了电压表时，三电阻串联，电压表测R2两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数。
【解答】解：（1）当电流表并联在R2两端时，电路为R1、R3串联，电流表测电路中的电流，
根据欧姆定律可得：
电源的电压U＝I（R1+R3）＝1.5A×（10Ω+10Ω）＝30V；
（2）电流表换成了电压表时，三电阻串联，电压表测R2两端的电压，
电路中的电流：
I′＝ 
＝ 
＝1A，
电压表的示数U2＝I′R2＝1A×10Ω＝10V。
故答案为：30；10。
【点评】本题考查电压、电流的计算，关键是欧姆定律及其公式变形的灵活运用，难点是知道接电流表和电压表时电路的连接有何不同。
20．（2分）若将分别标有“3V3W”、“6V3W”字样的两灯串联接入电路时，在长时间工作过程中，允许加在它们两端的最高电压是 7.5 V，标有“3V3W”字样的灯实际消耗的电功率是 0.75 W．（灯丝电阻值不变）
【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．菁优网版权所有
【分析】知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出额定电流，根据欧姆定律求出电阻；两灯泡串联时，电路中的最大电流为两者额定电流较小的，根据电阻的串联和欧姆定律求出允许加在它们两端的最高电压，根据P＝I2R求出“3V 3W”字样的灯实际消耗的电功率。
【解答】解：由P＝UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I1＝ 
＝ 
＝1A，I2＝ 
＝ 
＝0.5A，
由I＝ 
可得，两灯泡的电阻分别为：
R1＝ 
＝ 
＝3Ω，R2＝ 
＝ 
＝12Ω，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，两灯泡串联时，电路中的最大电流I＝0.5A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，允许加在它们两端的最高电压：
U＝I（R1+R2）＝0.5A×（3Ω+12Ω）＝7.5V，
此时“3V 3W”字样的灯实际消耗的电功率：
P1′＝I2R1＝（0.5A）2×3Ω＝0.75W。
故答案为：7.5；0.75。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道两灯泡串联时电路中的最大电流为两者额定电流较小的。
21．（3分）物理兴趣小组的同学用如图甲所示的装置来提升重物M，图乙是重物上升时的s﹣t图象，己知M重为1N．闭合开关后，电流表和电压表的示数分别为0.2A和4V．则重物上升的速度为 0.5 m/s，0.5s内该装置提升重物做的有用功为 0.25 J，它的效率是 62.5 %。
【考点】6A：速度的计算；EH：有用功和额外功；F3：机械效率的计算．菁优网版权所有
【分析】（1）根据右图所示图象求出物体的速度，根据速度公式可求得在0.5s这段时间内重物提升的高度，知道物体重，利用W＝Gh求这段时间内该装置提升重物做得有用功；
（2）知道电流表和电压表的示数，即加在电动机两端的电压和通过的电流，又知道通电时间，利用W＝UIt求消耗的电能，再利用效率公式求电动机的效率。
【解答】解：
（1）由图象可知，物体做匀速直线运动，
物体上升的速度：v＝ 
＝ 
＝0.5m/s，
由图可知在0.5s这段时间内，重物提升的高度：h′＝0.25m
做的有用功W有用＝Gh′＝1N×0.25m＝0.25J；
（2）消耗的电能W总＝UIt＝4V×0.2A×0.5s＝0.4J，
它的效率η＝ 
×100%＝ 
×100%＝62.5%。
故答案为：0.5；0.25；62.5。
【点评】本题考查了有用功、总功、效率的计算，能从图中得出相关信息、灵活运用公式计算是本题的关键。
三、作图及问答题（22题、23题各2分，24题3分，共7分）
22．（2分）如图所示，作出光线通过凸透镜和凹透镜的完整光路。
【考点】B6：透镜的光路图．菁优网版权所有
【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的三条特殊光线来作图。
【解答】解：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
【点评】凸透镜的三条特殊光线：
①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；
②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；
③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
凹透镜三条特殊光线的作图：
①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；
②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；
③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
23．（2分）如图所示，画出杠杆A端所挂物体重力的示意图和杠杆B端所受力F的力臂L。
【考点】7B：重力示意图；7P：力臂的画法．菁优网版权所有
【分析】（1）重力的方向是竖直向下的，作用在物体的重心上；
（2）作力臂就是过支点向力的作用线画垂线，这条垂线段就是力臂。
【解答】解：物体受到的重力作用在物体的重心，方向竖直向下；
先反向延长画出力F的作用线，从支点O画F的作用线的垂线可得其力臂L，如图所示：
【点评】（1）画力的示意图，就是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点表示出来；
（2）画力臂要从支点向力的作用线画垂线，找到支点和力的作用线是画图的关键。
24．（3分）西宁市近几年在多处建了湿地公园，局部空气的湿度和温度有了改善，为什么湿地能调节空气湿度和空气温度？
【考点】GF：比热容解释简单的自然现象．菁优网版权所有
【分析】（1）物质从液态变成气态的过程称为汽化，汽化可以提高空气中水蒸气的含量；
（2）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少。
【解答】答：湿地含有水，水会不停的汽化（蒸发），变成水蒸气，散在空气中，所以可以提高空气中水蒸气的含量，调节空气湿度；
因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。
【点评】本题考查了汽化的特点以及水的比热容的特点，通过本题可使学生认识到湿地的重要性，本题构思巧妙，是一道好题。
四、实验探究题．[25题4分，26题7分，27题8分．共19分）
25．（4分）小兰看到教学楼对面的玻璃幕墙把太阳光反射到教室里，她想光在反射时会遵循怎样的规律？于是她利用平面镜、可向后折的纸板、量角器和激光笔进行如图甲和乙的实验。
（1）由图甲可得出给论∠FON ＝ ∠EON（选填“＜”、“＝”或“＞”）。
（2）如图乙将纸板NOF向后折，纸板上 不能 （选填“能”或“不能”）看到反射光线，这说明反射光线、入射光线和法线在 同一平面内 。
（3）在图甲中当光沿FO的方向射入O点时，光线会沿着OE的方向射出，说明反射现象中光路是 可逆的 。
【考点】A7：光的反射定律的应用．菁优网版权所有
【分析】（1）由图中反射角和入射角的度数关系可得出结论；
（2）根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析；
（3）根据题目中：让光线逆着OF的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出告诉的信息，可以得到此题的答案。
【解答】解：（1）由图甲可知反射角和入射角都为40度，所以可以得出结论：反射角等于入射角，即∠FON＝∠EON；
（2）由于反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，当纸板NOF向后折，两块纸板不在同一平面上，所以在纸板NOF上就无法呈现出反射光线了，因此这个现象说明了：反射光线、入射光线和法线都在同一平面内。
（3）由让光线逆着OF的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出可知，将反射光线改为入射光线，光路图照样成立，体现了光路是可逆的。
故答案为：（1）＝；（2）不能；同一平面内；（3）可逆的。
【点评】此题主要通过实验探究了光的反射定律。通过各个分实验分别探究了两角大小和三线之间的关系。实验探究题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，培养学生观察、分析、概括能力。
26．（7分）小李同学想要利用如图13所示的装置来探究“物体动能大小与什么因素有关”。
（1）在探究“动能的大小与速度的关系”时，应保持小车的 质量 相同，让小车从斜面上 不同 （选填“相同”或“不同”）的高度滑下，以不同的速度推动木块移动。
（2）本实验运用了两种研究方法：一是 控制变量法 ，二是转换法。就本题来说用木块 木块移动的距离 来反映小车动能大小的方法就是转换法。
他在实脸的过程中又发现只要去掉木块，就可以探究“阻力物体运动的影响”。如图2所示，他将毛巾、棉布和玻璃分别铺在水平面上，让小车分别从斜面上由静止滑下，观察小车在水平面上运动的距离。
（3）每次均让同一小车从斜面同一高度由静止滑下的目的是：使小车到达水平面时具有相同的 初速度 。
（4）实验发现，小车在玻璃面上运动的距离最远，说明小车受到的阻力最 小 ，进一步推理得出：如果小车运动时不受阻力，小车将做 匀速直线 运动。
【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素．菁优网版权所有
【分析】（1）（2）该实验利用了控制变量法和转换法，同一小车保证了质量相同，从斜面的不同高度滑下，到达水平面时的速度不同，木块被撞后移动的距离越远，推力做功越多，就可以说明木块的动能越大，从而得出质量相同时，速度越大的物体动能越大；
（3）（4）小车从同一斜面的同一高度下滑，小车到达水平面上时的速度相等；小车受到的阻力越小，速度变化越慢，运动距离越大，如果小车不受阻力作用，则小车做匀速直线运动。
【解答】解：
（1）在探究动能与速度的关系时，要保持小车的质量不变，让小车从斜面的不同高度滑下，那么小车到达水平面时的速度就不同，小车推动木块做功，运动距离越远，做功越多，动能越大；
（2）动能的大小与质量和速度有关，实验时用控制变量法分别探究；由小车推动木块移动距离的远近来体现球的动能多少，是一种转换法；
（3）小车从同一高度滑下的目的是：小车到达水平面时的速度相等，即具有相同的初速度；
（4）实验现象表明：玻璃表面最光滑，受到的阻力最小，小车运动的距离最远，速度减小得越慢；由实验现象可以推理：假如水平表面绝对光滑，该平面上运动的物体在水平方向上不受力，它将做匀速直线运动。
故答案为：（1）质量；不同；（2）控制变量法；木块移动的距离；（3）初速度；（4）小；匀速直线。
【点评】本题通过探究“动能的大小与速度的关系”和“阻力物体运动的影响”两个实验，考查了实验注意事项、实验分析，解题时注意控制变量法、转换法与推理法的应用。
27．（8分）小韩用如图1甲所示的电路测量小灯泡的电功率，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为10Ω。
（1）用笔画线表示导线，选好电流表量程，将图甲电路连接完整 
（2）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于 C （选填“C”或“D”）端。
（3）闭合开关后，小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3V，产生该现象的原因可能是小灯泡 断路 （选填“短路”或“断路”）。
（4）排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P到某一点，电压表示数如图1乙所示，此时小灯泡两端的电压为 2.2 V，若要测量小灯泡的额定功率，此时应将滑动变阻器的滑片P向 D （选填“C”或“D”）端移动，根据该同学实验得到的如图2所示的I﹣U图象，小灯泡的额定功率为 0.5 W。
（5）小韩还想用标有“600res/（kW•h）”的电能表测出一个电灶的电功率。测量时关闭其他用电器，只让电灶单独工作，发现6min电能表的转盘转过120r，则这段时间电灶消耗的电能是 7.2×105 J，电灶的功率为 2000 W。
【考点】JF：电功率的测量实验．菁优网版权所有
【分析】（1）根据小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为10Ω，由欧姆定律得出灯正常发光时的电流确定电流表选用小量程与灯串联；
（2）为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处；
（3）逐一分析每个答案，找出符合题意的答案；
（4）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据I﹣U图象知灯在额定电压下的电流，由P＝UI求出小灯泡的额定功率；
（5）600revs/（kW•h）表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转600r，求出转盘转120r电路中消耗的电能，然后根据P＝ 
求出电灶的功率。
【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯正常发光时的电流约为：
I＝ 
＝ 
＝0.25A；故电流表选用小量程与灯串联，如下所示：
（2）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的C端。
（3）若灯泡短路，则电压表示数为0，电路为通路，灯泡发光，电流表有示数，不符合题意；
若灯泡断路，灯泡不发光，则电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，符合题意；
故闭合开关后，小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3V，产生该现象的原因可能是小灯泡断路；
（4）图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V；
灯在额定电压下正常发光，2.2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向D移动，直到电压表示数为额定电压；
根据该同学实验得到的如图2所示的I﹣U图象知，灯在额定电压下的电流为0.2A，小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；
（5）转盘转动120转，电灶消耗的电能：
W＝120× 
kW•h＝0.2kW•h＝0.2×3.6×106J＝7.2×105J；
电灶的功率：
P＝ 
＝ 
＝2kW＝2000W。
故答案为：（1）如上；（2）C；（3）断路；（4）2.2；D；0.5；（5）7.2×105；2000。
【点评】本题测量小灯泡的电功率，考查电路连接、故障分析、注意事项、操作过程和利用电能表测量功率的方法。
五、计算题（28题11分，29题9分，共20分）
28．（11分）同学们在研究杠杆的平衡时，他们首先将装有某液体的圆柱形容器放在水平放置的电子台秤上（容器底面积S容＝0.02m2），台秤的示数为8kg。然后人站在水平地面上通过可绕O点转动的杠杆BC和轻绳将长方体A逐渐缓慢放入该液体中，直到A的上表面与液面相平，液体未溢出，此时杠杆在水平位置保持平衡，如图甲所示。已知：A的底面积为SA＝0.01m2，重力GA＝50N，人的重力G人＝518N，鞋与地面的总接触面积S鞋＝500cm2．当A从接触液面到恰好浸没时，A的下表面受到的液体压强随浸入液体的深度的变化图象如图乙所示。（g＝10N/kg，杠杆、轻绳质量均不计，轻绳始终竖直）求：
（1）长方体A未放入液体中时，容器对台秤的压强。
（2）容器中液体的密度。
（3）杠杆在水平位置平衡时，杠杆B端轻绳对长方体A的拉力。
（4）杠杆在水平位置平衡时，人双脚站立对地面的压强p＝1×104Pa，则OB与OC的长度之比为多少？
【考点】7N：杠杆的平衡条件；86：压强的大小及其计算．菁优网版权所有
【分析】（1）根据G＝mg算出容器对台秤的压力，根据p＝ 
算出容器对台秤的压强；
（2）根据图乙和根据p＝ρgh算出容器中液体的密度；
（3）根据阿基米德原理和对物体受力分析算出杠杆B端轻绳对长方体A的拉力；
（4）根据p＝ 
算出人双脚站立对地面的压力；根据物体间力的作用是相互的算出对面对人的支持力；
对人受力分析算出人受到的拉力，根据杠杆的平衡条件F′人×LOC＝FA×LOB算出OB与OC的长度之比。
【解答】解：
（1）长方体A未放入液体中时，容器对台秤的压力为：F＝G＝mg＝8kg×10N/kg＝80N，
容器对台秤的压强：p＝ 
＝ 
＝4000Pa；
（2）由图乙知长方体A的最大高度为20cm＝0.2m，此时下底面的压强为2000Pa，
根据p＝ρgh知，
容器中液体的密度：ρ＝ 
＝ 
＝1000kg/m3；
（3）长方体A的体积为：VA＝SAh＝0.01m2×0.2m＝0.002m3，
A完全浸没时的浮力为：F浮＝ρ液gV排＝1000kg/m3×10N/kg×0.002m3＝20N，
A浸没在液体中受重力、浮力和拉力，
杠杆B端轻绳对长方体A的拉力：FA＝GA﹣F浮＝50N﹣20N＝30N；
（4）杠杆在水平位置平衡时，根据p＝ 
知，
人双脚站立对地面的压力为：F＝pS＝1×104Pa×500×10﹣4m2＝500N，
因为物体间力的作用是相互的，
所以对面对人的支持力为500N，
因为人受竖直向下的重力、竖直向上的支持力、竖直向上的拉力，
所以人受到的拉力为F人＝G人﹣F支持＝518N﹣500N＝18N，
因为物体间力的作用是相互的，
所以人对杠杆的拉力也为18N，
根据杠杆的平衡条件F′人×LOC＝FA×LOB，
OB与OC的长度之比为： 
＝ 
＝ 
＝3：5。
答：（1）长方体A未放入液体中时，容器对台秤的压强为4000Pa。
（2）容器中液体的密度为1000kg/m3。
（3）杠杆在水平位置平衡时，杠杆B端轻绳对长方体A的拉力30N。
（4）杠杆在水平位置平衡时，人双脚站立对地面的压强p＝1×104Pa，则OB与OC的长度之比为3：5。
【点评】本题考查了重力公式、压强的公式、阿基米德原理公式、杠杆的平衡条件以及受力分析等知识，综合性强，有一定的难度。
29．（9分）一个有加热和保温两种状态的微型电热水器，内部简化电路如图18所示，它由控制电路和工作电路两部分组成，其中R0为热敏电阻，它的阻值随温度的升高而减小，开关S0和S都闭合时，电热水器开始加热，当电热水器中水的温度达到50℃时，电磁铁才会把衔铁吸下，使B、C两个触点接通，电热水器处于保温状态。已知R1＝44Ω，R2＝2156Ω．求：
（1）将电热水器水箱中2.2kg的水从15℃加热到45℃，水吸收的热量【c水＝4.2×103J/（kg•℃）】
（2）电热水器处于加热状态时工作电路的功率。
（3）将2.2kg的水从15℃加热到45℃，需要通电5min，电热水器的加热效率为多少？
（4）当温度达到50℃后，通电10min，R2产生的热量。
【考点】JK：电功与热量的综合计算．菁优网版权所有
【分析】（1）知道电热水器水箱中水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）由题意可知，开关S0和S都闭合时，B触点与A接通，电热水器处于保温状态，根据P＝UI＝ 
求助电热水器处于加热状态时工作电路的功率；
（3）将2.2kg的水从15℃加热到45℃时，根据P＝ 
求出通电5min内消耗的电能，利用η＝ 
×100%求出电热水器的加热效率；
（4）当温度达到50℃后，电磁铁会把衔铁吸下，B触点与C接通，R1与R2串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电路，利用Q＝I2Rt求出通电10min内R2产生的热量。
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2.2kg×（45℃﹣15℃）＝2.772×105J；
（2）由题意可知，开关S0和S都闭合时，B触点与A接通，电热水器处于保温状态，
则电热水器处于加热状态时工作电路的功率：
P加热＝ 
＝ 
＝1100W；
（3）将2.2kg的水从15℃加热到45℃时，水吸收的热量为2.772×105J，
由P＝ 
可得，通电5min内消耗的电能：
W＝Pt′＝1100W×5×60s＝3.3×105J，
电热水器的加热效率：
η＝ 
×100%＝ 
×100%＝84%；
（4）当温度达到50℃后，电磁铁会把衔铁吸下，B触点与C接通，R1与R2串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，工作电路的电流：
I＝ 
＝ 
＝0.1A，
则通电10min内R2产生的热量：
Q2＝I2R2t＝（0.1A）2×2156Ω×10×60s＝12936J。
答：（1）将电热水器水箱中2.2kg的水从15℃加热到45℃，水吸收的热量为2.772×105J；
（2）电热水器处于加热状态时工作电路的功率为1100W；
（3）将2.2kg的水从15℃加热到45℃，需要通电5min，电热水器的加热效率为84%；
（4）当温度达到50℃后，通电10min，R2产生的热量为12936J。
【点评】本题考查了吸热公式和电功率公式、效率公式、欧姆定律、焦耳定律的应用，涉及到的知识点较多，综合性强，有一定的难度。
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日期：2020/2/2 11:13:25；用户：星光；邮箱：orFmNt9Sl5o9zVVGxqq8R8Yve1Uc@weixin.jyeoo.com；学号：24989655
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