参考答案
一、选择题(下列各题的备选答案中,只有一个是正确的,每小题3分,共30分)
1.﹣6的绝对值是( )
A.6 B.﹣6 C. D.﹣
【分析】根据负数的绝对值是它的相反数,可得负数的绝对值.
解:|﹣6|=6,
故选:A.
2.如图所示的几何体是由四个完全相同的小正方体搭成的,它的俯视图是( )
A. B. C. D.
【分析】找到从上面看所得到的图形即可,所有的看到的棱都应表现在俯视图中.
解:从上面看易得俯视图:
.
故选:C.
3.下列计算正确的是( )
A.x2•x3=x6 B.xy2﹣ xy2= xy2
C.(x+y)2=x2+y2 D.(2xy2)2=4xy4
【分析】根据完全平方公式,同底数幂的乘法、合并同类项、积的乘方的运算法则分别进行计算后,可得到正确答案.
解:A、x2•x3=x5,原计算错误,故此选项不符合题意;
B、xy2﹣ xy2= xy2,原计算正确,故此选项符合题意;
C、(x+y)2=x2+2xy+y2,原计算错误,故此选项不符合题意;
D、(2xy2)2=4xy4,原计算错误,故此选项不符合题意.
故选:B.
4.如图,AB∥CD,∠EFD=64°,∠FEB的角平分线EG交CD于点G,则∠GEB的度数为
( )
A.66° B.56° C.68° D.58°
【分析】根据平行线的性质求得∠BEF,再根据角平分线的定义求得∠GEB.
解:∵AB∥CD,
∴∠BEF+∠EFD=180°,
∴∠BEF=180°﹣64°=116°;
∵EG平分∠BEF,
∴∠GEB=58°.
故选:D.
5.反比例函数y= (x<0)的图象位于( )
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
【分析】根据题目中的函数解析式和x的取值范围,可以解答本题.
解:∵反比例函数y= (x<0)中,k=1>0,
∴该函数图象在第三象限,
故选:C.
6.如图,在△ABC中,DE∥AB,且 = ,则 的值为( )
A. B. C. D.
【分析】平行于三角形一边的直线截其他两边所得的对应线段成比例,据此可得结论.
解:∵DE∥AB,
∴ = = ,
∴ 的值为 ,
故选:A.
7.如图,AB为⊙O的直径,点C,点D是⊙O上的两点,连接CA,CD,AD.若∠CAB=40°,则∠ADC的度数是( )
A.110° B.130° C.140° D.160°
【分析】连接BC,如图,利用圆周角定理得到∠ACB=90°,则∠B=50°,然后利用圆的内接四边形的性质求∠ADC的度数.
解:如图,连接BC,
∵AB为⊙O的直径,
∴∠ACB=90°,
∴∠B=90°﹣∠CAB=90°﹣40°=50°,
∵∠B+∠ADC=180°,
∴∠ADC=180°﹣50°=130°.
故选:B.
8.一元二次方程x2﹣5x+6=0的解为( )
A.x1=2,x2=﹣3 B.x1=﹣2,x2=3
C.x1=﹣2,x2=﹣3 D.x1=2,x2=3
【分析】利用因式分解法解方程.
解:(x﹣2)(x﹣3)=0,
x﹣2=0或x﹣3=0,
所以x1=2,x2=3.
故选:D.
9.某射击运动员在同一条件下的射击成绩记录如下:
射击次数 | 20 | 80 | 100 | 200 | 400 | 1000 |
“射中九环以上”的次数 | 18 | 68 | 82 | 168 | 327 | 823 |
“射中九环以上”的频率(结果保留两位小数) | 0.90 | 0.85 | 0.82 | 0.84 | 0.82 | 0.82 |
根据频率的稳定性,估计这名运动员射击一次时“射中九环以上”的概率约是( )
A.0.90 B.0.82 C.0.85 D.0.84
【分析】根据大量的实验结果稳定在0.82左右即可得出结论.
解:∵从频率的波动情况可以发现频率稳定在0.82附近,
∴这名运动员射击一次时“射中九环以上”的概率是0.82.
故选:B.
10.如图,在平面直角坐标系中,△OAB的边OA在x轴正半轴上,其中∠OAB=90°,AO=AB,点C为斜边OB的中点,反比例函数y= (k>0,x>0)的图象过点C且交线段AB于点D,连接CD,OD,若S△OCD= ,则k的值为( )
A.3 B. C.2 D.1
【分析】根据题意设B(m,m),则A(m,0),C( , ),D(m, m),然后根据S△COD=S△COE+S梯形ADCE﹣S△AOD=S梯形ADCE,得到 ( + )•(m﹣ m)= ,即可求得k= =2.
解:根据题意设B(m,m),则A(m,0),
∵点C为斜边OB的中点,
∴C( , ),
∵反比例函数y= (k>0,x>0)的图象过点C,
∴k= • = ,
∵∠OAB=90°,
∴D的横坐标为m,
∵反比例函数y= (k>0,x>0)的图象过点D,
∴D的纵坐标为 ,
作CE⊥x轴于E,
∵S△COD=S△COE+S梯形ADCE﹣S△AOD=S梯形ADCE,S△OCD= ,
∴ (AD+CE)•AE= ,即 ( + )•(m﹣ m)= ,
∴ =1,
∴k= =2,
故选:C.
二、填空題(每小题3分,共24分)
11.ax2﹣2axy+ay2= a(x﹣y)2 .
【分析】首先提取公因式a,再利用完全平方公式分解因式即可.
解:ax2﹣2axy+ay2
=a(x2﹣2xy+y2)
=a(x﹣y)2.
故答案为:a(x﹣y)2.
12.长江的流域面积大约是1800000平方千米,1800000用科学记数法表示为 1.8×106 .
【分析】根据科学记数法的表示方法:a×10n,可得答案.
解:将1800000用科学记数法表示为 1.8×106,
故答案为:1.8×106.
13.(3 + )(3 ﹣ )= 12 .
【分析】直接利用平方差公式计算得出答案.
解:原式=(3 )2﹣( )2
=18﹣6
=12.
故答案为:12.
14.从甲、乙、丙三人中选拔一人参加职业技能大赛,经过几轮初赛选拔,他们的平均成绩都是87.9分,方差分别是S甲2=3.83,S乙2=2.71,S丙2=1.52.若选取成绩稳定的一人参加比赛,你认为适合参加比赛的选手是 丙 .
【分析】再平均数相等的前提下,方差越小成绩越稳定,据此求解可得.
解:∵平均成绩都是87.9分,S甲2=3.83,S乙2=2.71,S丙2=1.52,
∴S丙2<S乙2<S甲2,
∴丙选手的成绩更加稳定,
∴适合参加比赛的选手是丙,
故答案为:丙.
15.一个圆锥的底面半径为3,高为4,则此圆锥的侧面积为 15π .
【分析】首先根据底面半径和高利用勾股定理求得母线长,然后直接利用圆锥的侧面积公式代入求出即可.
解:∵圆锥的底面半径为3,高为4,
∴母线长为5,
∴圆锥的侧面积为:πrl=π×3×5=15π,
故答案为:15π
16.如图,在菱形ABCD中,对角线AC,BD交于点O,其中OA=1,OB=2,则菱形ABCD的面积为 4 .
【分析】根据菱形的面积等于对角线之积的一半可得答案.
解:∵OA=1,OB=2,
∴AC=2,BD=4,
∴菱形ABCD的面积为 ×2×4=4.
故答案为:4.
17.如图,△ABC为等边三角形,边长为6,AD⊥BC,垂足为点D,点E和点F分别是线段AD和AB上的两个动点,连接CE,EF,则CE+EF的最小值为 3 .
【分析】过C作CF⊥AB交AD于E,则此时,CE+EF的值最小,且CE+EF的最小值=CF,根据等边三角形的性质得到BF= AB= 6=3,根据勾股定理即可得到结论.
解:过C作CF⊥AB交AD于E,
则此时,CE+EF的值最小,且CE+EF的最小值=CF,
∵△ABC为等边三角形,边长为6,
∴BF= AB= 6=3,
∴CF= = =3 ,
∴CE+EF的最小值为3 ,
故答案为:3 .
18.如图,∠MON=60°,点A1在射线ON上,且OA1=1,过点A1作A1B1⊥ON交射线OM于点B1,在射线ON上截取A1A2,使得A1A2=A1B1;过点A2作A2B2⊥ON交射线OM于点B2,在射线ON上截取A2A3,使得A2A3=A2B2;…;按照此规律进行下去,则A2020B2020长为 (1+ )2019 .
【分析】解直角三角形求出A1B1,A2B2,A3B3,…,探究规律利用规律即可解决问题.
解:在Rt△OA1B1中,∵∠OA1B1=90°,∠MON=60°,OA1=1,
∴A1B1=A1A2=OA1•tan60°= ,
∵A1B1∥A2B2,
∴ = ,
∴ = ,
∴A2B2= (1+ ),
同法可得,A3B3= (1+ )2,
…
由此规律可知,A2020B2020= (1+ )2019,
故答案为 (1+ )2019.
三、解答题(19小题10分,20小题10分,共20分)
19.先化简,再求值:( ﹣x)÷ ,请在0≤x≤2的范围内选一个合适的整数代入求值.
【分析】先去括号、化除法为乘法进行化简,然后根据分式有意义的条件取x的值,代入求值即可.
解:原式= •
= •
=﹣2﹣x.
∵x≠1,x≠2,
∴在0≤x≤2的范围内的整数选x=0.
当x=0时,原式=﹣2﹣0=﹣2.
20.随着“新冠肺炎”疫情防控形势日渐好转,各地开始复工复学,某校复学后成立“防疫志愿者服务队”,设立四个“服务监督岗”:①洗手监督岗,②戴口罩监督岗,③就餐监督岗,④操场活动监督岗.李老师和王老师报名参加了志愿者服务工作,学校将报名的志愿者随机分配到四个监督岗.
(1)李老师被分配到“洗手监督岗”的概率为 ;
(2)用列表法或面树状图法,求李老师和王老师被分配到同一个监督岗的概率.
【分析】(1)直接利用概率公式计算;
(2)画树状图展示所有16种等可能的结果,找出李老师和王老师被分配到同一个监督岗的结果数,然后根据概率公式计算.
解:(1)李老师被分配到“洗手监督岗”的概率= ;
故答案为: ;
(2)画树状图为:
共有16种等可能的结果,其中李老师和王老师被分配到同一个监督岗的结果数为4,
所以李老师和王老师被分配到同一个监督岗的概率= = .
四、解答题(21小题12分,22小题12分,共24分)
21.“生活垃圾分类”逐渐成为社会生活新风尚,某学校为了了解学生对“生活垃圾分类”的看法,随机调查了200名学生(每名学生必须选择且只能选择一类看法),调查结果分为“A.很有必要”“B.有必要”“C.无所谓”“D.没有必要”四类.并根据调查结果绘制了图1和图2两幅统计图(均不完整),请根据图中提供的信息,解答下列问题:
(1)补全条形统计图;
(2)扇形统计图中“D.没有必要”所在扇形的圆心角度数为 18° ;
(3)该校共有2500名学生,根据调查结果估计该校对“生活垃圾分类”认为“A.很有必要”的学生人数.
【分析】(1)根据扇形统计图中的数据,可以计算出A组的人数,然后再根据条形统计图中的数据,即可得到C组的人数,然后即可将条形统计图补充完整;
(2)根据条形统计图中D组的人数,可以计算出扇形统计图中“D.没有必要”所在扇形的圆心角度数;
(3)根据扇形统计图中A组所占的百分比,即可计算出该校对“生活垃圾分类”认为“A.很有必要”的学生人数.
解:(1)A组学生有:200×30%=60(人),
C组学生有:200﹣60﹣80﹣10=50(人),
补全的条形统计图,如右图所示;
(2)扇形统计图中“D.没有必要”所在扇形的圆心角度数为:360°× =18°,
故答案为:18°;
(3)2500×30%=750(人),
答:该校对“生活垃圾分类”认为“A.很有必要”的学生有750人.
22.如图,海中有一个小岛A,它周围10海里内有暗礁,渔船跟踪鱼群由东向西航行,在B点测得小岛A在北偏西60°方向上,航行12海里到达C点,这时测得小岛A在北偏西30°方向上,如果渔船不改变方向继续向西航行,有没有触礁的危险?并说明理由.(参考数据: ≈1.73)
【分析】作高AN,由题意可得∠ABE=60°,∠ACD=30°,进而得出∠ABC=∠BAC=30°,于是AC=BC=12,在在Rt△ANC中,利用直角三角形的边角关系,求出AN与10海里比较即可.
【解答】 解:没有触礁的危险;
理由:如图,过点A作AN⊥BC交BC的延长线于点N,
由题意得,∠ABE=60°,∠ACD=30°,
∴∠ACN=60°,∠ABN=30°,
∴∠ABC=∠BAC=30°,
∴BC=AC=12,
在Rt△ANC中,AN=AC•cos60°=12× =6 ,
∵AN=6 ≈10.38>10,
∴没有危险.
五、解答题(23小题12分,24小题12分,共24分)
23.如图,△ABC中,∠ACB=90°,BO为△ABC的角平分线,以点O为圆心,OC为半径作⊙O与线段AC交于点D.
(1)求证:AB为⊙O的切线;
(2)若tanA= ,AD=2,求BO的长.
【分析】(1)过O作OH⊥AB于H,根据角平分线的性质得到OH=OC,根据切线的判定定理即可得到结论;
(2)设⊙O的半径为3x,则OH=OD=OC=3x,在解直角三角形即可得到结论.
【解答】 (1)证明:过O作OH⊥AB于H,
∵∠ACB=90°,
∴OC⊥BC,
∵BO为△ABC的角平分线,OH⊥AB,
∴OH=OC,
即OH为⊙O的半径,
∵OH⊥AB,
∴AB为⊙O的切线;
(2)解:设⊙O的半径为3x,则OH=OD=OC=3x,
在Rt△AOH中,∵tanA= ,
∴ = ,
∴ = ,
∴AH=4x,
∴AO= = =5x,
∵AD=2,
∴AO=OD+AD=3x+2,
∴3x+2=5x,
∴x=1,
∴OA=3x+2=5,OH=OD=OC=3x=3,
∴AC=OA+OC=5+3=8,
在Rt△ABC中,∵tanA= ,
∴BC=AC•tanA=8× =6,
∴OB= = =3 .
24.某超市销售一款“免洗洗手液”,这款“免洗洗手液”的成本价为每瓶16元,当销售单价定为20元时,每天可售出80瓶.根据市场行情,现决定降价销售.市场调查反映:销售单价每降低0.5元,则每天可多售出20瓶(销售单价不低于成本价),若设这款“免洗洗手液”的销售单价为x(元),每天的销售量为y(瓶).
(1)求每天的销售量y(瓶)与销售单价x(元)之间的函数关系式;
(2)当销售单价为多少元时,销售这款“免洗洗手液”每天的销售利润最大,最大利润为多少元?
【分析】(1)销售单价为x(元),销售单价每降低0.5元,则每天可多售出20瓶(销售单价不低于成本价),则 为降低了多少个0.5元,再乘以20即为多售出的瓶数,然后加上80即可得出每天的销售量y;
(2)设每天的销售利润为w元,根据利润等于每天的销售量乘以每瓶的利润,列出w关于x的函数关系式,将其写成顶点式,按照二次函数的性质可得答案.
解:(1)由题意得:y=80+20× ,
∴y=﹣40x+880;
(2)设每天的销售利润为w元,则有:
w=(﹣40x+880)(x﹣16)
=﹣40(x﹣19)2+360,
∵a=﹣40<0,
∴二次函数图象开口向下,
∴当x=19时,w有最大值,最大值为360元.
答:当销售单价为19元时,销售这款“免洗洗手液”每天的销售利润最大,最大利润为880元.
六、解答题(本题满分14分)
25.如图,在矩形ABCD中,AD=kAB(k>0),点E是线段CB延长线上的一个动点,连接AE,过点A作AF⊥AE交射线DC于点F.
(1)如图1,若k=1,则AF与AE之间的数量关系是 AF=AE ;
(2)如图2,若k≠1,试判断AF与AE之间的数量关系,写出结论并证明;(用含k的式子表示)
(3)若AD=2AB=4,连接BD交AF于点G,连接EG,当CF=1时,求EG的长.
【分析】(1)证明△EAB≌△FAD(AAS),由全等三角形的性质得出AF=AE;
(2)证明△ABE∽△ADF,由相似三角形的性质得出 ,则可得出结论;
(3)①如图1,当点F在DA上时,证得△GDF∽△GBA,得出 ,求出AG= .由△ABE∽△ADF可得出 = ,求出AE= .则可得出答案;
②如图2,当点F在DC的延长线上时,同理可求出EG的长.
解:(1)AE=AF.
∵AD=AB,四边形ABCD矩形,
∴四边形ABCD是正方形,
∴∠BAD=90°,
∵AF⊥AE,
∴∠EAF=90°,
∴∠EAB=∠FAD,
∴△EAB≌△FAD(AAS),
∴AF=AE;
故答案为:AF=AE.
(2)AF=kAE.
证明:∵四边形ABCD是矩形,
∴∠BAD=∠ABC=∠ADF=90°,
∴∠FAD+∠FAB=90°,
∵AF⊥AE,
∴∠EAF=90°,
∴∠EAB+∠FAB=90°,
∴∠EAB=∠FAD,
∵∠ABE+∠ABC=180°,
∴∠ABE=180°﹣∠ABC=180°﹣90°=90°,
∴∠ABE=∠ADF.
∴△ABE∽△ADF,
∴ ,
∵AD=kAB,
∴ ,
∴ ,
∴AF=kAE.
(3)解:①如图1,当点F在DA上时,
∵四边形ABCD是矩形,
∴AB=CD,AB∥CD,
∵AD=2AB=4,
∴AB=2,
∴CD=2,
∵CF=1,
∴DF=CD﹣CF=2﹣1=1.
在Rt△ADF中,∠ADF=90°,
∴AF= = = ,
∵DF∥AB,
∴∠GDF=∠GBA,∠GFD=∠GAB,
∴△GDF∽△GBA,
∴ ,
∵AF=GF+AG,
∴AG= .
∵△ABE∽△ADF,
∴ = ,
∴AE= = .
在Rt△EAG中,∠EAG=90°,
∴EG= = = ,
②如图2,当点F在DC的延长线上时,DF=CD+CF=2+1=3,
在Rt△ADF中,∠ADF=90°,
∴AF= = =5.
∵DF∥AB,
∵∠GAB=∠GFD,∠GBA=∠GDF,
∴△AGB∽△FGD,
∴ = ,
∵GF+AG=AF=5,
∴AG=2,
∵△ABE∽△ADF,
∴ ,
∴AE= ,
在Rt△EAG中,∠EAG=90°,
∴EG= = = .
综上所述,EG的长为 或 .
七、解答题(本题满分14分)
26.在平面直角坐标系中,抛物线y=ax2+bx﹣3过点A(﹣3,0),B(1,0),与y轴交于点C,顶点为点D.
(1)求抛物线的解析式;
(2)点P为直线CD上的一个动点,连接BC;
①如图1,是否存在点P,使∠PBC=∠BCO?若存在,求出所有满足条件的点P的坐标;若不存在,请说明理由;
②如图2,点P在x轴上方,连接PA交抛物线于点N,∠PAB=∠BCO,点M在第三象限抛物线上,连接MN,当∠ANM=45°时,请直接写出点M的坐标.
【分析】(1)y=ax2+bx﹣3=a(x+3)(x﹣1),即可求解;
(2)①分点P(P′)在点C的右侧、点P在点C的左侧两种情况,分别求解即可;
②证明△AGR≌△RHM(AAS),则点M(m+n,n﹣m﹣3),利用点M在抛物线上和AR=NR,列出等式即可求解.
解:(1)y=ax2+bx﹣3=a(x+3)(x﹣1),
解得:a=1,
故抛物线的表达式为:y=x2+2x﹣3①;
(2)由抛物线的表达式知,点C、D的坐标分别为(0,﹣3)、(﹣1,﹣4),
由点C、D的坐标知,直线CD的表达式为:y=x﹣3;
tan∠BCO= ,则cos∠BCO= ;
①当点P(P′)在点C的右侧时,
∵∠PAB=∠BCO,
故P′B∥y轴,则点P′(1,﹣2);
当点P在点C的左侧时,
设直线PB交y轴于点H,过点H作HN⊥BC于点N,
∵∠PAB=∠BCO,
∴△BCH为等腰三角形,则BC=2CH•cos∠BCO=2×CH× = ,
解得:CH= ,则OH=3﹣CH= ,故点H(0,﹣ ),
由点B、H的坐标得,直线BH的表达式为:y= x﹣ ②,
联立①②并解得: ,
故点P的坐标为(1,﹣2)或(﹣5,﹣8);
②∵∠PAB=∠BCO,而tan∠BCO= ,
故设直线AP的表达式为:y= x+s,将点A的坐标代入上式并解得:s=1,
故直线AP的表达式为:y= x+1,
联立①③并解得: ,故点N( , );
设△AMN的外接圆为圆R,
当∠ANM=45°时,则∠ARM=90°,设圆心R的坐标为(m,n),
∵∠GRA+∠MRH=90°,∠MRH+∠RMH=90°,
∴∠RMH=∠GAR,
∵AR=MR,∠AGR=∠RHM=90°,
∴△AGR≌△RHM(AAS),
∴AG=m+3=RH,RG=﹣n=MH,
∴点M(m+n,n﹣m﹣3),
将点M的坐标代入抛物线表达式得:n﹣m﹣3=(m+n)2+2(m+n)﹣3③,
由题意得:AR=NR,即(m+3)2=(m﹣ )2+( )2④,
联立③④并解得: ,
故点M(﹣ ,﹣ ).
请先
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