2020年各科中考真题2018年内蒙古呼和浩特市中考化学试题试题（教师版含解析）

2018年内蒙古呼和浩特市中考化学试卷

一、选择题〔本题包括10小题，每小题2分，共20分．在每小题给出的四个选项中只有一个选项是符合题目要求的）

1. 下列碳单质的用途与其化学性质有关的是（　　）

A. 用石墨制作干电池的电极

B. 用碳素笔书写档案文件

C. 用活性炭做饮水机的净水剂

D. 用铅笔芯粉末使生锈的锁头容易开启

【答案】B

【解析】A、用石墨制作干电池的电极是利用石墨的导电性，属于物理性质；故选项错误；

B、用碳素笔书写档案文件，说明单质碳的化学性质不活泼；故选项正确；

C、用活性炭做饮水机的净水剂是利用活性炭的吸附性，属于物理性质；故选项错误；

D、用铅笔芯粉末使生锈的锁头容易开启是利用石墨的滑腻感，属于物理性质；故选项错误。故选B。

2. 铷元素在元素周期表中的信息与铷原子结构示意图如图所示，下列说法不正确的是

（　　）

A. m=37，n=1

B. 铷原子的相对原子质量是85.468

C. 氧化铷的化学式为RbO

D. 铷原子的质量主要由构成其原子核的质子和中子的质量决定

【答案】C

【解析】A、根据元素周期表格可知，左上角的数字为37，表示原子序数为37；根据原子中原子序数=核电荷数=质子数=核外电子数，则该元素的原子的核内质子数和核外电子数为37，则m=37；当质子数=核外电子数，为原子，37=2+8+18+8+n，n=1，故选项A正确；

B、根据元素周期表格可知，汉字下面的数字表示相对原子质量，铷原子的相对原子质量是85.468，故选项B正确;

C、铷原子的最外层电子数为1，在化学反应中易失去1个电子而形成带1个单位正电荷的阳离子，根据化合价的数值等于离子所带电荷的数值，且符号一致，则铷元素的化合价为+1价；氧元素的化合价为﹣2价，故氧化铷的化学式为Rb₂O，故C错误；

D、原子的质量主要集中在原子核上，铷原子的质量主要由构成其原子核的质子和中子的质量决定，故D正确。故选C。

3. 下列说法正确的是（　　）

A. 军事上用镁粉制作照明弹

B. 煤的干馏与石油的分馏化学原理相同

C. 用石蕊试纸测定橙汁的pH

D. 在实验室用稀硫酸和块状大理石制取二氧化碳

【答案】A

【解析】A、镁粉在空气中燃烧发出耀眼的白光，军事上可用镁粉制作照明弹，故A正确；

B、煤的干馏是在隔绝空气的条件下加热，生成煤焦油、焦炭、焦炉煤气等，属于化学变化；石油的分馏是利用了石油中各组成成分的沸点的不同，将混合物分离，属于物理变化；故B错误；

C、石蕊试纸只能测定溶液的酸碱性，测定橙汁的pH可使用pH试纸，故C错误；

D、块状大理石和稀硫酸反应生成微溶于水的硫酸钙，会覆盖在大理石的表面，阻止反应的进行，故不能用于制取CO₂，故D错误。故选A。

4. 下列对客观事实的解释正确的是（　　）

选项	事实	解释
A	Fe、Fe2+、Fe3+化学性质不同	微粒中的质子数不同
B	水通电产生氢气和氧气	在化学变化中分子可分，原子不可分
C	稀盐酸、稀硫酸均显酸性	溶液中都含有氢元素
D	冰水混合物属于纯净物	冰和水都含有相同原子

A. A B. B C. C D. D

【答案】B

【解析】A、Fe、Fe²⁺、Fe³⁺化学性质不同，是因为微粒中的最外层电子数不同。故A误；

B、水在通电条件下生成氢气和氧气，有新物质氢气、氧气生成，属于化学变化，可以证明分子在化学反应中可以再分，原子不能再分，故B正确；

C、稀盐酸、稀硫酸均显酸性，是因为溶液中都含有氢离子，故C错误；

D、冰水混合物属于纯净物，是因为都含有相同的分子，故D错误；故选B。

5. 甲、乙、丙是初中化学常见的三种物质，其相互转化关系如图，通常甲为固态单质，乙、丙为两种气体，且所含元素种类相同，乙易与血液中的血红蛋白结合。下列说法错误的是（　　）

A. 丙能产生温室效应

B. ①②④三个转化的反应中有一种相同的反应物

C. ③的转化只能通过和氧气反应来实现

D. 乙和丙化学性质不同是由于其分子构成不同

【答案】C

【解析】A、乙易与血液中的血红蛋白结合,故乙是一氧化碳，则丙是二氧化碳，二氧化碳过多能产生温室效应，不符合题意，故A错误；

B、反应①是碳与氧气反应生成一氧化碳，反应②是碳与氧气反应生成二氧化碳，反应④是碳与二氧化碳反应生成一氧化碳，三个转化的反应中有一种相同的反应物是碳，正确，不符合题意，故B错误；

C、一氧化碳可以与氧气反应生成二氧化碳，一氧化碳也可以与金属氧化物反应生成二氧化碳，故反应③的转化不只是通过和氧气反应来实现的，错误，符合题意，故C正确；

D、乙是一氧化碳，丙是二氧化碳，乙和丙化学性质不同是由于其分子构成不同，正确，不符合题意，故D错误。故选C。

6. 甲和乙可以合成清洁燃料丙，微观过程如图所示。下列说法不正确的是（　　）

A. 丙物质中碳元素的质量分数最大

B. 丙物质属于有机物，可用作溶剂和消毒剂

C. 该反应中共有三种氧化物

D. 该反应中参加反应的甲乙两种物质的分子个数比为1：2

【答案】C

【解析】甲物质的化学式为CO、乙物质的化学式为H₂、丙物质的化学式为C₂H₆O，丁的化学式为H₂O，因此反应的方程式为：2CO+4H₂ C₂H₆O+H₂O，因此：

A、丙是C₂H₆O，其中C、H、O元素的质量比为（12×2）：（1×6）：16=12：3：8，碳元素的质量分数最大，故正确；

B、丙是酒精，属于有机物，可以用作有机溶剂和消毒剂，故正确；

C、由方程式程可知，该反应有CO、H₂O 两种氧化物，故错误；

D、根据方程式可知，参加反应的甲乙两种物质的分子个数比为1：2，故正确。故选C。

7. 下列实验设计不能达到实验目的是（　　）

选项	A	B	C	D
实验目的	除去CO中的CO2，并回收CO	探究可燃物燃烧所需的条件	除去氧化铜粉末中的铜粉	鉴别NH4NO3、CuSO4和NaCl三种白色粉末
实验设计

A. A B. B C. C D. D

【答案】C

【解析】A、CO₂能与氢氧化钠溶液反应生成碳酸钠和水，CO不与氢氧化钠溶液反应，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则；故能达到实验目的,故A错误；

B、铜片上的白磷燃烧，红磷不燃烧，他们都与氧气接触，都获得了相同的温度，但是白磷能燃烧，而红磷不燃烧，可推知燃烧与温度是否达到可燃物的着火点有关；水中的白磷和薄铜片上的白磷的温度相同，水中的白磷不能与氧气接触，故水中的白磷不能燃烧，说明可燃物燃烧需要与氧气接触，故该实验可以达到目的。故B错误；

C、CO能与灼热的氧化铜反应生成铜和二氧化碳，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故该实验设计不能达到实验目的，故C正确；

D、NH₄NO₃溶于水吸热，使温度降低；CuSO₄溶于水形成蓝色溶液，NaCl溶于水形成无色溶液，但温度几乎无变化，可以鉴别，故实验设计能达到实验目的，故D错误。故选C。

8. 黄铁矿的主要成分为二硫化亚铁（FeS₂），工业上可利用黄铁矿煅烧的产物冶炼铁和生产浓硫酸，其工业流程如图：

下列说法错误的是（　　）

A. 反应②不是置换反应，反应③④为化合反应

B. 反应①中各元素的化合价均发生了改变

C. 该工业生产过程产生的废气中的SO₂可以用熟石灰溶液吸收

D. 向制得的100克98%的浓硫酸中加入100克蒸馏水，配制49%的稀硫酸

【答案】D

【解析】A、反应②是一氧化碳与氧化铁反应生成铁和二氧化碳，该反应的反应物均为化合物，不属于置换反应；反应③④为二氧化硫与氧气反应生成三氧化硫、三氧化硫与水反应生成硫酸，均属于化合反应；故选项说法正确，故A错误；

B、反应①是二硫化亚铁（FeS₂）与氧气反应生成氧化铁和二氧化硫，铁、硫、氧元素的化合价均发生了改变，故选项说法正确，故B错误；

C、二氧化硫能与碱溶液反应，该工业生产过程产生的废气中的SO₂可以用熟石灰溶液吸收，故选项说法正确，故C错误；

D、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅拌，以使热量及时地扩散；切不可把水注入浓硫酸中，应将制得的100克98%的浓硫酸加入到水中，故选项说法错误，故D正确。故选D。

9. 下列四个图象不能正确反映对应变化关系的是（　　）

A. 向一定量的氧化铜粉末中逐渐加入稀硫酸至过量

B. 向等质量的镁粉和铁粉中分别逐滴加入同浓度的稀盐酸至过量

C. 在饱和石灰水中加入少量生石灰

D. 在密闭容器中用红磷测定空气中氧气的含量

【答案】D

【解析】A．氧化铜与硫酸反应生成硫酸铜和水，向一定量的氧化铜粉末中逐渐加入稀硫酸，水的质量由零慢慢增大，当反应完全后，继续加入稀硫酸，溶液中水的质量继续增大，只是增大的幅度变小，故正确；

B．向等质量的镁粉和铁粉中分别缓慢地逐滴加入稀硫酸，开始产生的氢气一样多，等质量的酸完全反应需要铁的质量比镁的质量多，故铁粉与等质量的酸反应后所得的盐溶液的质量多；设等质量的镁和铁的质量为x，则xg的镁完全反应生成氯化镁的质量为xg的铁完全反应生成氯化亚铁的质量为，故最终金属镁与稀盐酸反应后所得的盐的质量多，故正确；

C．石灰水中的溶质是氢氧化钙，氢氧化钙的溶解度随着温度的升高而减小，生石灰与水反应生成氢氧化钙，放出大量的热；由于水的质量减少，温度升高，有氢氧化钙析出，饱和溶液中溶质的质量减少；当冷却至室温后，温度降低，溶液中溶质的质量增加，但由于水的质量减少，比加入生石灰前的溶质溶质少，但是溶液仍为原温度下的饱和溶液，溶质的质量分数不变，故正确；

D．在密闭的容器内，红磷燃烧放热，所以容器内的压强增大，随着反应的结束，温度降低，因为红磷燃烧消耗了氧气，容器内的压强减小，所以容器内的压强小于原来的压强，故错误。

故选D。

10. 实验室中同学们进行了如图所示实验，成功探究出了久置氢氧化钠固体的变质情况。下列说法正确的是（　　）

A. 甲溶液可以选择稀盐酸或CaC1₂溶液（查阅资料得知：CaC1₂溶液显中性）

B. 若Ⅱ、Ⅲ均有明显现象，则说明样品部分变质

C. D物质可能是气体，也可能是沉淀

D. 溶液B中的溶质一定只含有NaOH和甲

【答案】B

B、甲溶液可以选用氯化钙溶液，若Ⅱ、Ⅲ均有明显现象（现象分别是产生白色沉淀、酚酞溶液变红色），分别说明含有碳酸钠、氢氧化钠，则说明样品部分变质，故B正确;

C、由A选项的分析，D物质是沉淀，故C错误;

D、溶液B中的溶质中一定含有碳酸钠与氯化钙反应生成的氯化钠，故D错误;故选B。

二、填空题〔本题包括3小题，共12分）

11. 生活中处处有化学。请用下列物质的序号填空：

①氮气②氢气③氯气④明矾⑤小苏打⑥烧碱

（1）用于自来水杀菌消毒的是_____；

（2）填充探空气球的理想气体是_____；

（3）用于治疗胃酸过多的是_____。

【答案】 (1). ③　； (2). ②　； (3). ⑤　。

【解析】（1）用于自来水杀菌消毒的是氯气，故填③；

（2）氢气的密度小，可填充探空气球，故填②；

（3）小苏打能与酸反应，降低胃液中的稀盐酸的浓度，可应用于治疗胃酸过多，故填⑤；

12. 古往今来，金属材料和制品在我们的社会生活中一直起者非常重要的作用。

（1）考古工作者发现铁质的出土文物往往锈蚀严重，铁生锈的条件是_____。在实验室常用稀盐酸清除铁锈，化学方程式为_____。

（2）近年来，我国高铁建设促进了经济、社会的快速发展。制造铁轨的材料是合金钢，主要原因是合金钢具有_____的优越性能（要求只答一条）。

（3）某同学在实验室进行了两个有关金属性质的实验：

实验Ⅰ：硫酸铝溶液和铁粉混合

实验Ⅱ：硫酸铜溶液与铁粉混合

在上述两个实验结束后，该同学将实验Ⅰ和Ⅱ的物质全部倒入同一个烧杯中，发现烧杯内的红色固体明显增多，原因是_____（用文字说明）。一段时间后过滤，向滤渣中滴加盐酸，结果没有气泡产生。那么，滤液中所含金属离子的情况可能是_____〔填写序号）。

①A1³⁺②A1³⁺、Fe²⁺③A1³⁺、Fe³⁺④Fe²⁺、Cu²⁺⑤A1³⁺、Fe²⁺、Cu²⁺

【答案】 (1). 铁与氧气、水同时接触　。 (2). Fe₂O₃+6HCl═2FeCl₃+3H₂O　。 (3). 硬度大（或机械强度好、或韧性好等） (4). 实验Ⅱ中硫酸铜溶液有剩余，而实验Ⅰ中的铁粉又能与实验Ⅱ中剩余的硫酸铜发生置换反应生成铜和硫酸亚铁 (5). ②⑤

【解析】（1）铁在与氧气、水共存时会发生锈蚀；铁锈的主要成分是氧化铁，与盐酸反应生成氯化铁和水，反应的化学方程式是：Fe₂O₃+6HCl═2FeCl₃+3H₂O；

（2）合金钢的主要成分是铁、锰、碳，其韧性好，硬度大，纯铁硬度小且脆；所以铁轨用合金钢；

（3）在金属活动性顺序中，铁排在铝后面，排在铜前面，所以实验Ⅰ中硫酸铝溶液和铁粉不反应；实验Ⅱ中铁能置换出硫酸铜中的铜，同时生成硫酸亚铁；将实验Ⅰ和Ⅱ的物质全部倒入同一个烧杯中，发现烧杯内的红色固体明显增多，这是因为实验Ⅱ中硫酸铜溶液有剩余，而实验Ⅰ中的铁粉又能与实验Ⅱ中剩余的硫酸铜发生置换反应生成铜和硫酸亚铁；一段时间后过滤，向滤渣中滴加盐酸，结果没有气泡产生，说明铁粉已经完全反应，滤渣为铜，滤液中一定含有硫酸铝、硫酸亚铁，可能含有硫酸铜，即滤液中含有的金属离子有以下几种可能：铝离子、亚铁离子；铝离子、亚铁离子和铜离子，故选②⑤。

13. 某同学将甲乙固体各30克分别加入100克水中后，进行了如图1所示的实验。甲乙两种固体的溶解度曲线如图2所示。

请回答：

（1）10℃时，甲乙两种物质的溶解度大小关系：甲_____乙〔填“＜““＞”或“=”）。

（2）m的取值范围_____。

（3）40℃时，取等质量的甲乙两种物质的饱和溶液分别蒸发等量的水后，恢复到40℃．下列说法正确的是_____（填字母）。

A．恢复到原温度后，溶液中溶剂的质量：甲=乙

B．恢复到原温度后，析出晶体的质量：乙＞甲

C．若再降温到20℃时，溶液的质量：甲＞乙

D．若再降温到20℃时，溶液的溶质质量分数：甲=乙

【答案】 (1). ＞ (2). 2g＜m40g　。 (3). BC

【解析】（1）通过图1、图2对比可知，乙的溶解度受温度影响变化比甲大，故10℃时，甲乙两种物质的溶解度大小关系：甲＞乙；

（2）40℃时，甲物质的溶解度为32g，乙物质的溶解度为70g，两个烧杯中分别加入甲乙两种物质的总质量为（30+m）g，甲物质的烧杯底部有固体，说明（30+m）故m乙物质的烧杯底部没有沉淀，说明乙物质要么刚刚饱和，要么不饱和，故（30+m），mm的取值范围2g＜m40g；

（3）A、40℃时，等质量的甲乙两种物质的饱和溶液中乙物质的溶解度大，故乙溶液中溶剂的质量小，故蒸发等质量的水恢复到原温度后，溶液中溶剂的质量乙＜甲，故A错误；B、甲乙物质的溶解度随温度的升高而升高，40℃时，乙物质的溶解度大，故取等质量的甲乙两种物质的饱和溶液分别蒸发等量的水后，恢复到40℃，甲乙都有晶体析出，析出晶体的质量乙＞甲，故B正确；40℃时，等质量的甲乙饱和溶液中，乙溶液中水的质量小，甲溶液中水的质量大，若再降温到20℃时，甲乙都有固体析出，且乙物质析出较多，故溶液的质量甲＞乙，故C正确；D、若再降温到20℃时，甲乙溶液都是该温度下的饱和溶液，20℃时，甲物质的溶解度大于乙物质的溶解度，故溶液的溶质质量分数甲大于乙，故D错误。故选BC。

三、实验题〔本题包括2小题，共13分）

14. 如图为实验室中常用装置。

请回答下列问题：

（1）仪器①的名称_____。

（2）实验室用氯酸钾和二氧化锰制取并收集较纯净的氧气，所选用的装置是_____（填装置字母），该反应的化学方程式为_____。若要从充分加热后的剩余固体中回收二氧化锰，正确的实验操作顺序是_____。

（3）通常状况下，氨气是一种无色、有强烈刺激性气味的污染性气体，极易溶解于水形成氨水，相同条件下密度比空气小。实验室中可以用浓氨水与生石灰制取氨气。请从如图中选出合适的仪器连接成一套制备并收集氨气的装置。则装置的接口连接顺序是_____→f．上述实验中，E装置的作用是_____。

【答案】 (1). 锥形瓶　。 (2). BF (3). 2KClO₃ 2KCl+3O₂↑　。 (4). 溶解、过滤、洗涤、干燥　。 (5). adc (6). 吸收多余的氨气，防止造成空气污染　。

【解析】（1）仪器①的名称是锥形瓶；

（2）用氯酸钾和二氧化锰制取氧气属于固体加热型，所以选择装置B来制取，氧气不易溶于水，所以可用排水法装置F来收集较为纯净的氧气；氯酸钾在二氧化锰作催化剂加热的条件下分解为氧气和氯化钾，反应方程式为2KClO₃ 2KCl+3O₂↑；剩余固体是氯化钾和二氧化锰，氯化钾溶于水，二氧化锰不溶于水，因此可以用溶解、过滤、洗涤、干燥的方法得到二氧化锰；

（3）实验室中可以用浓氨水与生石灰制取氨气，属于固液常温型，所以选择装置A来制取，氨气极易溶于水，密度比空气小，且污染空气，所以用装置C来收集（短进长出），顺序为adc；最后装置E来吸收多余的氨气，以防造成空气污染；

15. 根据大量的实验总结得出酸碱盐之间相互发生复分解反应的条件是：生成物中有沉淀、气体或水。依据该条件，某化学小组的同学推断稀硫酸和氯化镁溶液不能发生复分解反应。为了进一步确认该推断的可靠性，该小组同学将一定量稀硫酸和一定量氯化镁溶液在烧杯中混合后，进行了如下探究活动。

（1）甲同学取烧杯中混合溶液分别进行以下两个实验，记录实验现象如下。请依据实验现象填写实验结论：

实验	实验现象	实验结论
	溶液变红	溶液中含有_____（写离子符号）
	产生白色沉淀	溶液中含有_____（写离子符号）
【甲同学的结论】稀硫酸与氯化镁溶液没有发生反应

（2）乙同学看到甲同学的实验报告后，认为甲同学的结论不正确，原因是_____。为了进一步确认两者没发生反应，还需检验烧杯内的混合液中是否含有氯化镁。于是，乙同学设计了如下两个实验：

①取少量烧杯内的混合液于试管中，逐滴加入过量的_____溶液，证明了混合液中含有Mg²⁺．整个实验过程中乙同学观察到的实验现象是_____。

②乙同学另取少量烧杯内的混合液，通过实验成功地检验出混合液中含有Cl^﹣．他设计的方案为_____（写出操作和现象）。

【总结】通过上述实验，该小组同学证明了稀硫酸和氯化镁溶液确实没有发生反应。

【答案】 (1). H⁺ (2). SO₄^2﹣ (3). 可能反应后硫酸有剩余　。 (4). 氢氧化钠 (5). 产生白色沉淀　。 (6). 向反应后的溶液中加入过量的硝酸钡溶液，然后加入硝酸银，产生白色沉淀

【解析】（1）石蕊试液变成红色，说明溶液呈酸性，溶液中含有H⁺；加入氯化钡溶液产生白色沉淀，说明溶液中含有SO₄^2﹣；

……………

四、计算题（本题5分）

16. 实验室中发现一瓶因长期放置而被氧化的铝粉。取6.0克铝粉样品，将100克稀硫酸逐滴加入其中，固体质量随加入硫酸溶液质量的变化情况如图所示，实验过程中测得产生氢气0.1克。请计算：

（1）样品中铝单质的质量___________。（写出计算过程）。

（2）硫酸溶液的溶质质量分数为_____。

【答案】 (1). 0.9g， (2). 24.5%。

【解析】解：（1）设铝的质量为x，

2Al+3H₂SO₄=Al₂（SO₄）₃+3H₂↑

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x 0.1g

=，解得x=0.9g

故样品中铝的质量为0.9g。

（2）设与铝反应的硫酸溶质的质量为m，与氧化铝反应的硫酸溶质质量为n，

因铝的质量为0.9g，所以样品中氧化铝的质量为6g﹣0.9g=5.1g

2Al+3H₂SO₄=Al₂（SO₄）₃+3H₂↑ Al₂O₃+3H₂SO₄=Al₂（SO₄）₃+3H₂O

98×3 6 102 3×98

m 0.1g 5.1g n

= 解得m=4.9g =解得n=14.7g

总共消耗硫酸溶质为4.9g+14.7g=19.6g，根据图象可看到共用去硫酸溶液为80g，

硫酸的溶质质量分数为=×100%=24.5%

答：（1）样品中铝单质的质量为0.9g，（2）硫酸溶液的溶质质量分数为24.5%。

 

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